1、贵州省铜仁市第一中学学年高一下学期开学考试化学试题铜仁一中2018-2019学年度高一年级第二学期开学考试化学试题1.进行化学实验必须注意安全，下列说法正确的是 ( )A. 实验室少量的 Na 可保存在 CCl4 液体中B. 酒精灯在用完以后，可用嘴吹灭C. 稀释浓硫酸，在烧杯中加入一定体积的蒸馏水，再在搅拌下慢慢加入浓硫酸D. 粗盐提纯的步骤是溶解、过滤、蒸发，都要用到玻璃棒，且作用相同【答案】C【解析】【详解】A.钠的密度比四氯化碳的小，比煤油的大，故金属钠保存在煤油中，故A错误；B.酒精灯熄灭用灯帽盖灭不可用嘴吹灭，故B错误；C.浓硫酸密度比水大，易溶于水，溶于水时放出大量的热，如果把水
2、倒入浓硫酸中，水会浮在水面上，且放出的热会使水沸腾，从而造成酸液飞溅的现象出现，因而稀释浓硫酸时是将浓硫酸倒入水中，并用玻璃棒不断搅拌，使产生的热量迅速扩散，故C正确；D.在粗盐提纯过程中，用玻璃棒搅拌，加速食盐溶解；在过滤时，用玻璃棒引流；在蒸发过程中，用玻璃棒搅拌，使液体均匀受热，防止液体飞溅；作用不相同，故D错误。故选C。2.下列关于阿伏加德罗常数和气体摩尔体积等的说法正确的是 ( )A. 标准状况下，1摩尔SO3的体积约为22.4LB. 92克NO2气体在标准状况下的体积约为44.8LC. 同温同压下两种气体的体积之比等于摩尔质量之比D. 标准状况下，22.4L O2所含的分子数为NA
3、【答案】D【解析】【详解】A.标准状况下SO3不是气体，不能用于气体摩尔体积，故A错误；B.92克NO2的物质的量为92g/46g/mol=2mol，但是存在与四氧化二氮的互变平衡2NO2N2O4，所以体积小于44.8L，故B错误；C.同温同压下同体积的气体内分子的数量相等，因此两种气体的体积之比等于其物质的量之比，与摩尔质量无关，故C错误；D.标准状况下，22.4LO2的物质的量为1mol，所含的分子数为NA，故D正确。故选D。【点睛】注意二氧化氮与四氧化二氮存在互变平衡2NO2N2O4，为易错点。3.可以在强酸性条件大量共存的离子组是A. Al3+、Na+、NO3-、CO32- B. K+
4、、Na+、Cl-、NO3-C. K+、Na+、Cl-、AlO2- D. K+、Fe2+、SO42-、NO3-【答案】B【解析】【分析】溶液呈强酸性，则溶液中存在大量的H+，如离子之间不发生任何反应，且与H+不反应，则可大量共存，据此答题。【详解】A.酸性条件下，CO32-与H+反应生成二氧化碳和水，不能大量共存，故A不选；B.酸性条件下，离子之间不发生任何反应，可大量共存，故B选；C.酸性条件下，AlO2-与H+反应生成Al(OH)3沉淀，不能大量共存，故C不选；D.酸性条件下，Fe2+与NO3-发生氧化还原反应而不能大量共存，故D不选。故选B。【点睛】解决离子共存问题时还应该注意题目所隐含的
5、条件，题目所隐含的条件一般有：(1)溶液的酸碱性，据此来判断溶液中是否有大量的H+或OH-；(2)溶液的颜色，如无色时可排除Cu2+、Fe2+、Fe3+、MnO4-等有色离子的存在；(3)溶液的具体反应条件，如“氧化还原反应”“加入铝粉产生氢气”；(4)是“可能”共存，还是“一定”共存。4.下列说法错误的是()A. 王水是浓硝酸和浓盐酸按物质的量之比为1：3组成的混合物B. pH小于5.6的雨水称为酸雨C. 分散质粒子直径介于1nm100nm之间的分散系称为胶体D. 光导纤维的主要成分是SiO2,太阳能光电池板的主要成分是硅晶体【答案】A【解析】【详解】A.王水是浓硝酸和浓盐酸按照体积比1：3
6、组成的混合物，故A错误；B.正常雨水的pH约为5.6，酸雨的pH小于5.6，故B正确；C.分散质粒子直径介于1nm100nm之间的分散系称为胶体，故C正确；D.光导纤维的主要成分是SiO2，太阳能光电池板是硅晶体制成，故D正确。故选A。5.下列有关物质的性质与用途不具有对应关系的是 ( )A. 常温下铁遇浓硫酸发生钝化，可用铁质容器贮运浓硫酸B. 浓硫酸有吸水性，可用于干燥HCl气体C. Na 2O2具有强氧化性，可作潜水艇里氧气的来源D. 明矾溶于水可形成氢氧化铝胶体，可用作净水剂【答案】C【解析】【详解】A.浓硫酸具有强氧化性，可使铁钝化，所以在常温下用铁质容器贮运浓硫酸，故A正确；B.浓
7、硫酸具有吸水性，可用于干燥HCl气体，故B正确；C.过氧化钠可以和人呼出的CO2和水蒸气反应生成氧气，可作潜水艇里的供氧剂，故C错误；D.明矾溶于水可形成氢氧化铝胶体，氢氧化铝胶体具有吸附性，可以吸附水中的悬浮杂质，可用作净水剂，故D正确。故选C。6.下列关于元素周期律和元素周期表的论述中正确的是()。A. 对元素周期表有突出贡献的科学家是门捷列夫B. 元素周期律是元素周期表的具体表现形式C. 同一周期从左到右，元素原子半径逐渐增大D. 同一主族的元素从上到下金属性逐渐减弱【答案】A【解析】【详解】A.发现元素周期表和元素周期律的是俄国化学家门捷列夫，故A正确；B.元素周期表是元素周期律的具体
8、表现形式，故B错误；C.同一周期从左到右，元素原子半径逐渐减小，故C错误； D.同一主族元素从上到下金属性逐渐增强，故D错误。故选A。7.300 mL 4mol/L 硝酸与一定量的铝镁铁合金反应生成 4.48L NO (标准状况)和铁盐、铝盐、镁盐等，再向反应后的溶液中加入 4mol/L的NaOH 溶液，使铝镁铁元素恰好全部转化为沉淀，则所加 NaOH 溶液的体积是 ( )A. 200 mL B. 250 mL C. 300 mL D. 无法计算【答案】B【解析】【分析】根据质量守恒以及反应后溶液成分为NaNO3进行计算。【详解】硝酸的物质的量为：0.3L4mol/L=1.2mol，生成NO的
9、物质的量为：4.48L22.4L/mol=0.2mol，所以反应后溶液中NO3-离子的物质的量为1.2mol-0.2mol=1.0mol，再向反应后的溶液中加入4mol/L的NaOH溶液，使铝、镁、铁元素恰好全部转化为沉淀，则反应后溶液的成分为NaNO3，所以n（NaOH）=n（NO3-）=1.0mol，则所加NaOH溶液的体积是V=n/C=1.0mol/4mol/L=0.25L=250mL，故B正确。故选B。8.观察下列实验装置图，试回答下列问题：写出图中实验操作对应的名称 :_ 、 :_ 。下列实验需要在哪套装置中进行(填序号)： a、分离植物油和水： _ ； b、从海水中提取蒸馏水： _
10、 ； 装置中玻璃棒的作用是_； 实验室需要490mL 0.5molL-1 NaOH溶液，请回答下列问题：需称取 _g的烧碱固体配制的玻璃仪器除烧杯和玻璃棒、胶头滴管，还需要_。下列各项中，可能导致实际浓度偏高的是 _(填标号)A定容时，仰视容量瓶的刻度线BNaOH溶解时放出大量的热，未冷却立即配制溶液C溶解NaOH固体之后的烧杯未洗涤D向容量瓶中转移溶液时不慎洒出【答案】 (1). 过滤 (2). 蒸馏 (3). (4). (5). 引流 (6). 10.0 (7). 500 mL容量瓶 (8). AB【解析】【分析】（1）由混合物分离实验装置图可知，为过滤，为蒸发，为蒸馏，为萃取（分液）；（
11、2）结合物质的性质选择分离方法；（3）过滤操作中玻璃棒的作用是引流；（4）根据m=CVM计算溶质的质量，注意V应该是500mL；根据仪器的作用选取仪器；根据C=n/V判断配制溶液的误差。【详解】（1）装置是用来分离固液混合物的，是过滤；装置是用来分离互溶的液体混合物，属于蒸馏；故答案为：过滤，蒸馏。（2）a.植物油和水分层，利用分液漏斗分液；b.从海水中提取蒸馏水，沸点不同，利用蒸馏装置；故答案为：，。（3）过滤操作中玻璃棒的作用是引流，故答案为：引流。（4）m(NaOH)=CVM=0.5mol/L0.5L40g/mol=10.0g，故答案为：10.0g。溶液配制过程中，用烧杯溶解烧碱，用玻璃
12、棒搅拌和引流，用500mL的容量瓶配制溶液，用胶头滴管定容，用托盘天平称量烧碱，用药匙取药品，所以还需要的玻璃仪器是500mL容量瓶，故答案为：500 mL容量瓶。A.定容时，仰视容量瓶的刻度线导致溶液的体积偏小，则配制溶液的浓度偏高；B.NaOH溶解时放出大量的热，未冷却立即配制溶液，导致溶液的体积偏小，则配制溶液的浓度偏高；C.溶解NaOH固体之后的烧杯未洗涤，导致溶质的物质的量偏小，则配制溶液的浓度偏低；D.向容量瓶中转移溶液时不慎洒出，导致溶质的物质的量偏小，则配制溶液的浓度偏低。故选AB。【点睛】注意计算氢氧化钠的质量时，V应是500mL而不是490mL，为易错点。9.实验室制取Cl
13、2及性质的验证实验组合装置如下,请回答下列问题：(1)图中装浓盐酸的玻璃仪器名称是_，(2)A中发生的离子方程式为_，若产生的氯气标准状况下为5.6L，参加反应的二氧化锰为_克。(3)装置D采用向上排空气收集氯气的原因是_。(4)能证明干燥的氯气没有漂白性的现象是_。(5)B的作用是_，G中的化学方程式为_。【答案】 (1). 分液漏斗 (2). 4H+ + 2Cl-+ MnO2 Mn2+ + Cl2+ 2H2O (3). 21.75 (4). 氯气密度比空气大 (5). E中红色布条不褪色、F中红色布条褪色 (6). 除去HCl气体 (7). Cl2 + 2NaOH = NaCl + NaC
14、lO + H2O【解析】【分析】（1）装浓盐酸的玻璃仪器名称是分液漏斗；（2）浓盐酸和二氧化锰反应生成氯化锰、氯气和水，根据化学方程式中物质的量之比等于化学计量数之比进行计算；（3）氯气密度比空气大，采用向上排空气法收集；（4）氯气遇到干燥的有色布条不能褪色，起漂白作用的是次氯酸；（5）饱和NaCl溶液的作用是除去Cl2中的HCl气体，氯气与氢氧化钠溶液反应生成氯化钠、次氯酸钠和水。【详解】（1）依据仪器形状可知，装浓盐酸的玻璃仪器名称是分液漏斗，故答案为：分液漏斗。（2）在加热条件下，实验室可用浓盐酸和二氧化锰制取氯气，二者反应生成氯化锰、氯气和水，离子反应方程式为：4H+ +2Cl-+Mn
15、O2Mn2+Cl2+2H2O；5.6LCl2的物质的量为5.6L22.4L/mol=0.25mol，由反应方程式可知：MnO2Cl2，所以生成0.25molCl2，参加反应的二氧化锰为0.25mol，质量为0.25mol87g/mol=21.75g，故答案为：4H+ +2Cl-+MnO2Mn2+Cl2+2H2O，21.75。（3）装置D采用向上排空气收集氯气的原因是氯气密度比空气大，故答案为：氯气密度比空气大。（4）氯气遇到干燥的红色布条不能褪色，起漂白作用的是次氯酸，因为干燥氯气不能使干燥的红色布条褪色无漂白性，而氯气能使湿润的红色布条褪色，是因为氯气和水反应生成了次氯酸，次氯酸具有漂白性，
16、故答案为：E中红色布条不褪色、F中红色布条褪色。（5）饱和NaCl溶液的作用是除去Cl2中的HCl气体，氯气是污染性气体，不能排放到空气中，需要用氢氧化钠溶液吸收，反应方程式为：Cl2+2NaOH=NaCl +NaClO+H2O，故答案为：除去HCl气体，Cl2+2NaOH=NaCl+NaClO+H2O。10.某化学兴趣小组为检验木炭和浓硫酸反应生成的产物，设计如图装置(已知SO2能使溴水褪色)，请回答：(1)试管D中发生反应的化学方程式为_；(2)试管B中现象是_；(3)F试管中澄清石灰水的作用是_；(二)同时该小组设计如下图所示的实验装置(固定装置略)，进行SO2性质的研究:(4)当通入S
17、O2时，A中紫色石蕊溶液变红，用化学方程式解释其原因是_。(5)可用来验证SO2具有漂白性的现象是：_。(6)从元素化合价的角度分析，SO2的性质：当通入SO2一段时间后，可观察C中溶液褪色，说明SO2具有_性。如要验证SO2还具有另一方面的性质，D装置中的药品应为_。AFeCl3溶液B氯水C氢硫酸D浓硝酸【答案】 (1). SO2Br22H2O= H2SO42HBr (2). 变蓝 (3). 检验 产物中存在CO2 (4). SO2+H2O=H2SO3 (5). B中品红溶液褪色 (6). 还原 (7). C【解析】【分析】木炭与浓硫酸反应的化学方程式为：C+2H2SO4CO2+2SO2+2
18、H2O，反应产生的气体有CO2、SO2和H2O。无水硫酸铜遇到水蒸气会变为蓝色，所以如果白色固体变为蓝色说明有水生成；如果品红褪色说明有SO2生成，要确定有CO2生成，需要澄清石灰水变浑浊，但在之前需要首先除去SO2，即D装置中溴水吸收SO2，E装置中品红溶液检验SO2是否完全被吸收，据此答题。【详解】（1）D装置中溴水吸收SO2，反应生成溴化氢和硫酸，化学方程式为SO2Br22H2O=H2SO42HBr，故答案为：SO2Br22H2O=H2SO42HBr。（2）因为木炭与浓硫酸反应有水生成，无水硫酸铜遇到水蒸气会变为蓝色，故答案为：变蓝。（3）F试管中澄清石灰水的作用是检验产物中存在CO2，
19、故答案为：检验产物中存在CO2。（4）二氧化硫和水反应生成亚硫酸，亚硫酸能电离出氢离子而使其溶液呈酸性，紫色石蕊试液遇酸变红色，所以紫色石蕊试液变红色，其反应方程式为：H2O+SO2=H2SO3，故答案为：SO2+H2O=H2SO3。（5）SO2具有漂白性，能使品红溶液褪色，所以验证SO2具有漂白性的现象是B中品红溶液褪色，故答案为：B中品红溶液褪色。（6）酸性高锰酸钾具有强氧化性，能氧化二氧化硫生成硫酸，该反应中二氧化硫作还原剂，所以二氧化硫具有还原性，故答案为：还原。要证明二氧化硫的氧化性，二氧化硫必须和还原性物质发生氧化还原反应，A.FeCl3溶液具有氧化性，能氧化二氧化硫，故A错误；B
20、.氯水具有强氧化性，能氧化二氧化硫，故B错误；C.氢硫酸具有还原性，能被二氧化硫氧化，故C正确；D.浓硝酸具有强氧化性，能氧化二氧化硫，故D错误。故答案为：C。【点睛】注意SO2和CO2都能使澄清石灰水变浑浊，要确定有CO2生成，在此之前需要首先除去SO2，D装置中溴水吸收SO2。11.(一)某课外小组为了检验Na2O2与水反应的产物，设计如图装置(夹持装置已省略)：(14分2分一空)(1)装置B中的现象为_ 。(2)反应完全后向装置A中滴入几滴酚酞试液,现象为_。(3)写出Na2O2与水反应的离子方程式: _。(二)在常温下，Fe与水并不起反应，但在高温下，Fe与水蒸气可发生反应。应用下列装
21、置，在硬质玻璃管中放入还原铁粉和石棉绒的混合物，加热，并通入水蒸气，就可以完成高温下“Fe与水蒸气的反应实验”。 请回答该实验中的问题。(4)圆底烧瓶中盛装水，烧瓶里应事先放置碎瓷片，其作用是_。(5)若该反应的化学方程式为3Fe+4H2O(g)Fe3O4+4H2，求16.8克铁粉完全反应转移的电子为_mol。(6)该同学欲确定反应后硬质试管中固体物质的成分，设计了如下实验方案：待硬质试管冷却后，取少许其中的固体物质溶于稀硫酸得溶液B；取少量溶液B滴加KSCN溶液，若溶液变红色则说明硬质试管中固体物质的成分是_，若溶液未变红色则说明硬质试管中固体物质的成分_。【答案】 (1). 红色铜丝变黑
22、(2). 溶液变红 (3). 2Na2O2+2H2O=4Na+OH+O2 (4). 防止暴沸 (5). 0.8 (6). 一定有Fe3O4 、可能有Fe (7). Fe3O4和Fe【解析】【分析】（1）Na2O2与H2O反应生成NaOH和O2，O2与B装置中加热的铜丝反应生成CuO，铜丝由红色变为黑色；（2）NaOH能使酚酞试液变为红色；（3）Na2O2与H2O反应生成NaOH和O2；（4）烧瓶里放置几片碎瓷片作用是防止暴沸；（5）由3Fe+4H2O(g)Fe3O4+4H2可知，3mol铁粉参加反应转移电子8mol；（6）KSCN溶液溶液变红色，说明有三价铁离子，说明硬质试管中固体一定有Fe3
23、O4，可能有Fe；KSCN溶液未变红色，说明无三价铁离子，一定有Fe3O4和Fe。【详解】（1）Na2O2与H2O反应生成NaOH和O2，通过浓硫酸将气体干燥，O2与B装置中加热的铜丝反应生成CuO，装置B中的现象为铜丝由红色变为黑色，故答案为：红色铜丝变黑。（2）反应完全后向装置A中滴入几滴酚酞试液，因为装置A中有NaOH生成，所以溶液变为红色，故答案为：溶液变红。（3）Na2O2与H2O反应生成NaOH和O2，离子方程式为：2Na2O2+2H2O=4Na+OH+O2，故答案为：2Na2O2+2H2O=4Na+OH+O2。（4）烧瓶里放置几片碎瓷片，其作用是防止暴沸，故答案为：防止暴沸。（5）由化学方程式为3Fe+4H2O(g)Fe3O4+4H2可知，3mol铁粉参加反应转移电子8mol，16.8克铁粉的物质的量为16.8g/56g/mol=0.3mol，则反应转移的电子为0.8mol，故答案为：0.8。（6）KSCN溶液溶液变红色，说明有三价铁离子，说明硬质试管中固体一定有Fe3O4，可能有Fe；KSCN溶液未变红色，说明无三价铁离子，一定有Fe3O4和Fe，故答案为：一定有Fe3O4，可能有Fe；Fe3O4和Fe。
