1、江苏省兴化一中学年高二上学期期初考试物理试题江苏省兴化一中2017-2018学年高二上学期期初考试物理试卷一、单项选择题： 1. 下列物理量中，属于标量的是 （ ）A. 位移 B. 力 C. 动能 D. 加速度【答案】C【解析】A、位移、力、加速度都是矢量，既有大小又有方向，故ABD错误；C、动能是标量，只有大小，没有方向，故C正确。点睛：对于物理量的矢标性是学习的重要内容之一，对于矢量还要抓住其方向特点进行记忆。2. 关于位移和路程，下列说法中正确的是 ( )A. 出租车是按位移的大小来计费的B. 出租车是按路程的大小来计费的C. 在田径场1 500 m长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小
2、为1 500 mD. 物体做直线运动时，位移大小和路程相等【答案】B【解析】A、出租车是按路程的大小来计费的，故A错误，B正确；C、在田径场长跑比赛中，跑完全程的运动员的路程为，位移的大小小于，故C错误；D、物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程，故D错误。点睛：位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置位移的大小不大于路程路程是标量，是运动路径的长度当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程。3. 下列几种奥运比赛项目中的研究对象可视为质点的是 ( )A. 在撑竿跳高比赛中研究运动员手中的支撑竿在支撑地面过程中的转动情况时B. 帆船比赛中确定风帆的角度时C. 跆拳道比赛中研究运动员的动作
3、时D. 铅球比赛中研究铅球被掷出后在空中的飞行时间时【答案】D【解析】A、在撑竿跳高比赛中研究运动员手中的支撑竿在支撑地面过程中的转动情况时，支撑杆各点的运动情况不同，不能看成质点，故A错误；B、帆船比赛中确定风帆的角度时，帆船的形状和大小不能忽略，帆船不能看成质点，故B错误；C、研究运动员动作时，大小和形状不能忽略，运动员不能看成质点，故C错误；D、研究铅球在空中运动的时间，形状和大小能够忽略，铅球能看成质点，故D正确。点睛：解决本题的关键知道物体能看成质点的条件，关键看物体的形状和大小在所研究的问题中能否忽略。4. 如图所示的是M、N两个物体做直线运动的位移一时间图像，由图可知不正确的是：
4、（ ）A. M物体做匀速直线运动B. N物体做曲线运动C. t0秒内M、N两物体的位移相等D. t0秒内M、N两物体的路程相等【答案】B【解析】试题分析：由图可知，这是一个位移与时间图像，M是过原点的直线，说明它做的是匀速直线运动，故选项A正确，不符合题意；N的图线是曲线，但是它做的仍然是直线运动，故选项B错误；在t秒的时间内，物体是单方向做直线运动，故位移的大小与路程相等，选项C、D均正确，不符合题意。考点：位移与时间图像的含义。【名师点晴】位移与时间图像表示的是物体通过的位移与时间的关系，因为题意中已经说明物体做的是直线运动，故不可能是曲线运动，其图像的形状并不是物体实际的路径。5. 下列
5、情况中的速度，属于平均速度的是（ ）A. 百米赛跑的运动员冲过终点线时的速度为9.5msB. 由于堵车，汽车在通过隧道过程中的速度仅为1.2msC. 返回地球的太空舱落到太平洋水面时的速度为8msD. 子弹射到墙上时的速度为800ms【答案】B【解析】试题分析：A、终点是一个位置，冲过终点的速度为瞬时速度，故A错误；B、汽车通过隧道过程中的速度，通过隧道指通过隧道这段位移的速度，与位移相对应，是平均速度，故B正确；C、落到太平洋水平面时，太平洋的水平面也是一个位置，所以此时的速度为瞬时速度，故C错误；D、子弹射到墙上时的速度，射到墙上为某个位置，此速度为瞬时速度，故D错误故选：B6. 一本书静
6、放在桌面上，则下列说法正确的是：（ ）A. 桌面对书的支持力的大小等于书的重力，它们是一对平衡力B. 书受到的重力和桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力C. 书对桌面的压力就是书的重力，它们是同一性质的力D. 书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力【答案】A【解析】试题分析：书本处于平衡状态，竖直方向只受重力和支持力作用，所以此二力平衡，故A项正确；由上面分析可知B项错；压力属于弹力，与重力产生的条件不同，是不同性质的力，故C项错；书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对作用力和反作用力，故D项错。考点：本题考查了一对平衡力与作用力和反作用力的概念和区别。7. 已知两个力的合力大小为18
7、N，则这两个力不可能是 （ ）A. 10N，20N B. 18N，18N C. 8N，7N D. 20N，28N【答案】C【解析】试题分析：根据矢量合成法则可得合力与分力的大小关系满足，A选项合力范围在10N到30N，所以有可能等于18N，故A错误；B选项合力范围在0到36N，所以B错误；C选项合力在1N到15N之间，所以C正确；D选项合力在8N到48N之间，所以D错误。考点：本题考查合力与分力的关系8. n个做匀变速直线运动的物体，在t秒内位移最大的是： （ ）A. 加速度最大的物体 B. 初速度最大的物体C. 末速度最大的物体 D. 平均速度最大的物体【答案】D【解析】试题分析：根据公式x
8、=vt可知，在t秒内位移最大的是平均速度最大的物体，故选项D正确；A中加速度大，其位移不一定大，没有初速度的说明；初速度大的位移也不一定大，因为没有加速度的说明；末速度大的位移也不一定大，因为没有初速度与加速度的说明，故选项ABC均错误。考点：平均速度的含义。9. 从高处释放一石子，经过0.5s，从同一地点再释放一石子，不计空气阻力。在两石子落地前，它们之间的距离： （ ）A. 保持不变 B. 不断减小 C. 不断增加 D. 与两石子的质量有关【答案】C【解析】试题分析：从某高处释放一粒小石子，小石子做自由落体运动，根据位移时间公式即可求解解：设落地前第一个小石子运动的时间为t，则第二个小石子
9、运动的时间为t0.5s，根据位移时间公式得：h1=h2=h=h1h2=gt所以随着时间的增大，两粒石子间的距离将增大，C正确故选C【点评】该题主要考查了自由落体运动位移时间的关系，难度不大，属于基础题10. 甲、乙两个质点同时同地点向同一方向做直线运动，它们的 vt 图象如图所示，则： （ ）A. 乙比甲运动得快B. 在2s末乙追上甲C. 2s末甲乙相距15mD. 乙追上甲时距出发点40m【答案】D【解析】A、在前，甲比乙运动得快，后，乙比甲运动得快，故A错误；B、由于甲、乙两个质点同时同地点出发，所以当位移相同时乙追上甲，在4秒末，甲的位移，乙物体的位移，所以乙追上甲，故B错误，D正确；C、
10、图象与坐标轴围成面积代表位移，则末甲乙相距，故C错误。点睛：本题是为速度-时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义。11. 已知长为L的光滑斜面，物体从斜面顶端由静止开始以恒定的加速度下滑，当物体的速度是到达斜面底端速度的一半时，它沿斜面下滑的位移是： （ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】设到达底端时的速度为，物体的速度是到达斜面底端速度的一半时，物体沿斜面下滑的位移为，根据速度位移公式有：，解得：，故选项C正确。点睛：根据匀变速直线运动的速度位移公式，结合速度的大小求出下滑的位移。12. 质量为m的物体从高h处以的加速度由静止竖直下落到
11、地面,下列说法中错误的是：（ ）A. 物体的机械能减少 B. 物体的重力势能减少C. 物体的动能增加 D. 重力做功为mgh【答案】B【解析】A、设空气阻力大小为，则由牛顿第二定律得：得：，物体克服空气阻力做功为：，则物体的机械能减少，故A正确；B、物体下落过程中，重力做功为，则物体的重力势能减少，故B错误，D正确；C、物体所受的合力为，由动能定理得，物体动能增加量：，故C正确。点睛：本题考查对几对功与能关系的理解和应用能力重力做功引起重力势能的变化、合力做功等于动能的变化、除了重力、弹力以外的力做功等于机械能的变化要理解掌握，是考试的热点。13. 下面的实例中，机械能守恒的是：（ ）A. 小
12、球自由下落，落在竖直弹簧上，将弹簧压缩后又被弹簧弹起来。B. 拉着物体沿光滑的斜面匀速上升。C. 跳伞运动员张开伞后，在空中匀速下降。D. 飞行的子弹击中放在光滑水平桌面上的木块。【答案】A【解析】A、小球在运动的过程中，小球只受到重力和弹簧的弹力的作用，所以系统的机械能守恒，故A正确；B、由于物体匀速上升，对物体受力分析可知，物体必定受到除重力之外的力的作用，并且对物体做了正功，所以物体的机械能增加，故B错误；C、跳伞运动员张开伞后，在空中匀速下降，所以运动员要受到空气阻力的作用，故人的机械能在减小，所以C错误；D、飞行的子弹击中放在光滑水平桌面上木块的过程中，子弹受到木块的阻力的作用，所以
13、子弹的机械能减小，所以D错误。点睛：物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒。14. 歼击机在进人战斗状态时要扔掉副油箱，这样做是为了 （ ）A. 减小重力使运动状态保持稳定 B. 减小惯性，有利于运动状态的改变C. 增大加速度，使状态不易变化 D. 增大速度，使运动状态易于改变【答案】B【解析】歼击机在战斗前要抛掉副油箱，是为了减小飞机的质量来减小飞机的惯性，使自身的运动状态容易改变，以提高歼击机的灵活性，故选项B正确。15. 做平抛运动的物体，在水平方向通过的最大距离取决于（ ）A. 物体的高度和受到的重力 B
14、. 物体受到的重力和初速度C. 物体的高度和初速度 D. 物体受到的重力、高度和初速度【答案】C【解析】根据h=gt2，解得： ，则水平方向上的位移为：x=v0t=v0知水平方向通过的最大距离取决于物体的初速度和抛出点的高度故C正确，ABD错误故选C.点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的水平位移由高度和初速度决定16. 对于匀速圆周运动的物体，下列物理量中不断变化的是 （ ）A 线速度 B 角速度 C 周期 D 频率【答案】A【解析】匀速圆周运动的过程中，线速度的大小不变，但是方向时刻改变，角速度不变，周期、频率没有方向也不变，故B、C、D错误，A
15、正确。点睛：解决本题的关键知道匀速圆周运动的过程中，速度的大小、向心力的大小、向心加速度的大小保持不变，但方向时刻改变。17. 某同学早晨骑自行车上学，他从家门出发，若以4.0 m/s 的平均速度行驶，受到的平均阻力为100N，用时15分钟，则他上学过程中的平均功率是A. 4.0102 W B. 6.0103WC. 1.44104W D. 1.44106W【答案】A【解析】由于车做的匀速运动，则，根据得平均功率为：，故A正确。点睛：本题也可以先求出上学的位移，再根据求出牵引力做的共，再结合求解。18. 物体在地球表面所受的重力为G，则在距地面高度为地球半径的2倍时，所受引力为 （ ）A. G/
16、2 B. /3 C. G/4 D. G/9【答案】D【解析】设地球的质量为M，半径为R，设万有引力常量为，根据万有引力等于重力，则有：在距地面高度为地球半径的2倍时：由联立得：，故选项D正确。点睛：本题考查万有引力定律的应用，只需要注意到距高度为地球半径的2倍，那么到地心的距离是半径的3倍代入计算即可。19. 两个放在绝缘架上的相同金属球，相距d，球的半径比d小得多，分别带q和3q的电荷，相互斥力为3F，现将这两个金属球接触，然后分开，仍放回原处，则它们的相互斥力将变为（ ）A. 0 B. F C. 3F D. 4F【答案】D【解析】试题分析：球心相距d，球的半径比d小得多，故小球可看做点电荷
17、。由库仑定律，当分别带有q和3q的电荷，相互斥力为3F，说明两球带同种电荷。将这两个金属球接触，两小球所带电荷量应平分，即每个带2q电荷量，代入公式得互相的斥力为4F。故D对，故选D。考点：库仑定律。【名师点睛】因两球间为斥力，故带同种电荷。两小球相互接触后，其所带电量要均分。根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题。本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题。注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决本题的关键。20. 在“探究力的平行四边形定则”的实验中，橡皮筋A端固定在木板上，先后用两个弹簧测力计和用一个弹簧测力计通过细绳把橡皮筋的另一端B拉到同一位置O。为减小实验误差，在实验过程中A
18、. 两弹簧测力计的拉力方向必须互相垂直B. 两弹簧测力计的拉力方向间的夹角越大越好C. 两弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行D. 两弹簧测力计的拉力大小必须相等【答案】C【解析】A、在实验中两个分力的夹角大小适当，在作图时有利于减小误差，并非越大越好，也不需要两弹簧测力计的拉力方向一定垂直，故A、B错误；C、测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故C正确；D、在实验中两个分力的夹角大小适当，且二力的大小要适量大些，这样有利于减小实验中偶然误差的影响，不需要两弹簧测力计的拉力大小一定相等，故D错误。点睛：本题主要考查验证力的平行四
19、边形定则的误差分析及数据的处理，应通过实验原理及数据的处理方法去思考减少实验误差的方法。21. 如图所示，细绳悬挂一个小球在竖直平面内来回摆动，在小球从P点向Q点运动的过程中A. 小球动能先减小后增大B. 小球动能一直减小C. 小球重力势能先增大后减小D. 小球重力势能先减小后增大【答案】D【解析】解：A、P、Q点的位置最高，速度为零，故此两点时重力势能最大；最低点，速度最大，故动能最大，因此小球的动能先增大后减小，故AB错误；.故选：D【点评】本题考查了影响动能和重力势能的因素和动能与重力势能的转化动能与质量和速度有关，重力势能与高度和质量有关22. 两个质量不同而初动能相同的物体，在水平地
20、面上由于摩擦力的作用而停止运动。若它们与地面的摩擦力相同，则它们的滑行距离A. 质量大的物体滑行距离长 B. 质量小的物体滑行距离长C. 两物体滑行距离相同 D. 条件不足，无法判断【答案】C【解析】由动能定理可知：，因为初动能相同，它们与地面的摩擦力相同，所以滑行的距离也相同，与质量无关，故ABD错误，C正确。点睛：抓住已知条件，熟练应用动能定理。23. 一质点受多个力的作用，处于静止状态，现使其中一个力的大小逐渐减小到零，再沿原方向逐渐恢复到原来的大小。在此过程中，其它力保持不变，则质点的位移大小x和速度大小v的变化情况是A. x和v都始终增大 B. x和v都先增大后减小C. v先增大后减
21、小，x始终增大 D. x先增大后减小，v始终增大【答案】A【解析】由于质点初始处于静止状态，则其所受合力为零这就相当于受两个等大反向的力：某个力和其余几个力的合力，其中某个力逐渐减小，而其余几个力的合力是不变的，则其合力就在这个力的反方向逐渐增大，这个力再由零增大到原来大小，则合力又会逐渐减小直到变为零，所以合力变化为先增大后减小，但方向未发生变化，故加速度a先增大后减小，方向未变，所以物体先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，位移一直增大，故A正确，BCD错误。点睛：本题考查根据物体的受力情况来分析物体运动情况的能力，要用到共点力平衡条件的推论：物体在几个力作用下平衡时，其中一
22、个力与其他各力的合力大小相等、方向相反。二、填空题：24. 某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，其中S1=7.05cm、S2=7.68cm、S3=8.33cm、S4=8.95cm、S5=9.61cm、S6=10.26cm，则A点处瞬时速度的大小是_m/s，小车运动的加速度计算表达式为_，加速度的大小是_m/s2（计算结果保留两位有效数字）。【答案】 (1). 0.86 (2). (3). 0.64【解析】试题分析：利用匀变速直线运动的推论得：vA=0.80m/s由于相邻的计数点间的位移之差不等，故
23、采用逐差法求解加速度根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4s1=3a1T2s5s2=3a2T2s6s3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：a=（a1+a2+a3）小车运动的加速度计算表达式为a=代入数据得：a=0.64m/s2故答案为：0.86，a=，0.6425. 如图是某同学利用教材提供的方案进行“探究加速度与力、质量的关系”实验时，正要打开夹子时的情况。某同学指出了实验时的几个错误，其说法正确的是（_）A该实验前没有平衡摩擦力；B拉小车的细线应平行桌面C实验电源应为交流电电源D小车应靠近打点计时器且打点计时器应距左端较远【答案
24、】A B C D【解析】试题分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项；该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要解：A、木板水平放置，实验前没有平衡摩擦力，故A正确B、如果细线不保持水平，那么小车的合力就不等于绳子的拉力小车的合力就不能正确测量，故B正确C、电火花和电磁计时器都使用交流电源，故C正确D、小车应靠近打点计时器且打点计时器应距左端较远，这样便于小车运动一段过程，从而能准确测量小车的加速度，减小误差故选：ABCD【点评】教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚三、
25、计算或论述题： 26. 质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小。【答案】(1)a=8m/s2 (2)10N【解析】试题分析：根据匀变速直线运动的公式求出物体下落的加速度，根据牛顿第二定律求出阻力的大小解：（1）由得，a=故物体下落的加速度大小为8m/s2（2）根据牛顿第二定律得，mgf=ma则f=mgma=5058N=10N故下落过程中物体所受阻力的大小为10N答：（1）物体下落的加速度的大小8m/s2；（2）下落过程中物体所受阻力的大小10N【点评】解决本题的关键知
26、道加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度，可以根据力求运动，也可以根据运动求力27. 如图，一质量为m=10kg的物体，由1/4光滑圆弧轨道上端从静止开始下滑，到达底后沿水平面向右滑动1m距离后停止。已知轨道半径R=0.8m，g=10m/s2，求：（1）物体物体滑至圆弧底端时的速度大小 （2）物体物体滑至圆弧底端时对轨道的压力大小（3）物体沿水平面滑动过程中克服摩擦力做的功 【答案】（1）4m/s （2）300N （3）80J【解析】28. 如图所示，半径为R的光滑圆弧轨道ABC竖直放置，A与圆心O等高，B为轨道的最低点，该圆弧轨道与一粗糙直轨道CD相切于C，OC与OB的夹角为53。一质量
27、为m的小滑块从P点由静止开始下滑，PC间距离为R，滑块在CD上滑动摩擦阻力为重力的0.3倍。（sin53= 0.8，cos53= 0.6）求：(1) 滑块从P点滑至B点过程中，重力势能减少多少？(2) 滑块第一次经过B点时所受支持力的大小；(3) 为保证滑块不从A处滑出，PC之间的最大距离是多少？【答案】（1）h=1.2R（2）F=2.8mg（3）L=1.2R【解析】（1）如图所示，PC间的竖直高度 CB间的竖直高度 所以PB间高度差 所以滑块从P滑到B减少的重力势能为 （2）对B点，由牛顿第二定律知 从P到B，由动能定理： 联立解得： （3）设PC之间的最大距离为L时，滑块第一次到达A时速度为零，则对整个过程应用动能定理： 代入数值解得： 点睛：本题是动能定理与牛顿定律的综合应用，关键在于研究过程的选择。
