1、福建省宁德市18届九年级初中毕业班质量检测物理试题解析版2018年宁德市初中毕业班质量检测物理试题一、选择题1. “曾侯乙编钟”是我国战国早期文物，用不同的力敲击同一个编钟时，发出的声音具有不同的A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 频率【答案】B【解析】人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小。用大小不同的力敲击同一个编钟，则编钟的振幅不同，所以发出声音的响度不同，即只有B正确，故选B。2. 2017年4月，我国的“天舟一号”与“天宫二号”对接完成，如图所示，若认为“天舟一号”处于静止状态，则选取的参照物是 A. 地球 B. 太阳 C
2、. “天宫二号” D. 月亮【答案】C【解析】当“天舟一号”与“天宫二号”实现对接后，成为一个整体，物体位置没有变化，两者保持相对静止，所以选择“天宫二号”为参照物，则“天舟一号”是静止的；但“天舟一号”相对于地球、太阳和月球物体位置有变化，即都是运动的，故只有C正确，故选C。3. 下列数据最接近实际情况的是（ ）A. 一只大公鸡质量约为300 gB. 一台家用空调正常工作时功率约为50 WC. 物理教材宽度是26 dmD. 小明同学1分钟跳绳次数为150次【答案】D【解析】一只大公鸡的质量在2kg=2000g左右，故A不符合实际；空调正常工作时的功率在1000W左右，故B不符合实际；一根筷子
3、的长度约25cm，物理教材的宽度略大于此数值，在26cm=2.6dm左右，故C不符合实际；学生跳绳的速度很快，1min可以跳150次，故D符合实际，故选D。4. 如图所示，正确的是A. 机械能转化成内能 B. 内能转化成机械能C. 内能转化成化学能 D. 机械能转化成化学能【答案】A【解析】由图知道，两个气门都关闭，且活塞向上运动，气缸容积减小，所以是压缩冲程，在该冲程中活塞的机械能转化为气体的内能，故只有A正确，故选A。5. 下列属于扩散现象的是A. 春天，柳枝吐芽 B. 夏天，山涧瀑布C. 秋天，菊香满园 D. 冬天，雪花飘飘【答案】C【解析】春天，柳枝吐芽是植物生长过程，与分子运动无关，
4、故A不符合题意；夏天，山涧瀑布是宏观物体的运动，是机械运动，故B不符合题意；秋天，菊香满园丹是菊花的香味是分子在不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象，故C符合题意；冬天，雪花飘飘是雪花在做机械运动，不是分子的运动，故D不符合题意，故选C。6. “青青园中葵，朝露待日晞”诗中，关于露的形成属于A. 液化 B. 熔化 C. 凝华 D. 汽化【答案】A【解析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，是液化现象，故选A。7. 如图所示，一带正电粒子（重
5、力不计）以速度v水平射入平放的带电板a、b，a带正电b带负电，其运动轨迹可能是图中的A. B. C. D. 【答案】D【解析】由图知道，平行板上极板带正电荷，下极板带负电荷，所以，平行板间有竖直向下的电场，带正电粒子在电场中受到竖直向下的电场力，因为粒子受到电场力的方向与初速度的方向垂直，所以，正电粒子在水平方向做匀速直线运动、竖直向上做初速度为0的加速直线运动，即在电场中向下做类平抛运动，运动轨迹如图D，故选D。8. 两根长度相等的实心均匀铜棒甲和乙，甲比乙粗，则甲棒的A. 质量较小 B. 电阻较小 C. 密度较大 D. 比热容较大【答案】B9. 如图所示，下列现象中由于光的折射形成的是A.
6、 水中倒影 B. 立竿见影 C. 海市蜃楼 D. 日食【答案】C【解析】水中倒影，是平面镜成像，是光的反射形成的，故A不符合题意；竿的影子是由于光的直线传播造成的，故B不符合题意；海市蜃楼是由于光在密度不均匀的物质中传播时，发生折射形成的，故C符合题意；日食是光的直线传播形成的，故D不符合题意，故选C。10. 关于能源、信息和材料，下列说法正确的是A. 煤炭、石油、天然气都属于可再生能源B. 条形码扫描器中的光敏二极管使用的材料是超导材料C. 我国的北斗卫星导航系统是利用超声波进行定位和导航的D. 手机上“微信抢红包”这一过程是靠电磁波传递信息的【答案】D【解析】煤炭、石油、天然气在短时间内不
7、能从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A错误；超市收银员使用的条形码扫描器中的光敏二极管使用的主要是半导体材料，故B错误；超声波和次声波都属于声波，传播需要介质，不能在真空中传播；电磁波可以在真空中传播，故“北斗”导航是利用电磁波进行定位和导航的，故C错误；手机既可以接收电磁波，也可以发射电磁波，是利用电磁波来传递信息的，所以手机上“微信抢红包”的过程中是用电磁波来传递的信息，故D正确，故选D。11. 如图所示，下列说法正确的是A. 钳子是费力杠杆B. 塑料梳子是绝缘体C. 滑轮组既省力，又省距离D. 电能表的读数是3345kWh【答案】B【解析】使用钳子时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故
8、A错误；塑料是很好的绝缘体，所以塑料梳子是绝缘体，故B正确；使用滑轮组可以省力，但要费距离，故C错误；电能表读数时，最后一位是小数，所以图中电能表的读数是334.5kWh，故D错误，故选B。12. 如图所示，在制作简易电动机的过程中，若要改变线圈的转动方向，可以 将电源的正负极对调； 改变通电电流的大小； 换用磁性更强的磁体； 增加线圈的匝数； 把磁体的磁极对调。A. B. C. D. 【答案】A【解析】影响转动方向的因素是：磁场方向和电流方向，如果只改变磁场方向或只改变电流方向，则线圈转动方向改变；如果同时改变两个因素，则转动方向不改变。将电源的正负极对调，这样做可以改变电流方向，故符合题意
9、；改变通电电流的大小，只能改变线圈转动速度，不能改变转动方向，故不符合题意；换用磁性更强的磁体，只能增大线圈转动速度，不能改变转动方向，故不符合题意； 增加线圈的匝数，只能增大线圈转动速度，不能改变转动方向，故不符合题意；把磁体的磁极对调，磁场方向改变，转动方向变化，故符合题意，综合分析符合题意，故选A。13. 如图所示，滑块在木板斜面上匀速下滑的过程中，下列有关说法正确的是 A. 滑块所受重力方向垂直斜面向下B. 滑块所受支持力的施力物体是地面C. 滑块受到的重力和支持力是一对平衡力D. 滑块只受到重力、支持力和摩擦力的作用【答案】D【解析】重力的方向始终是竖直向下的，故A错误；滑块所受支持
10、力的施力物体是斜面，故B错误；滑块受到的重力和支持力不在同一直线上，所以，不是一对平衡力，即C错误；因为滑块匀速下滑，所以受力平衡，分析滑块的受力知道，滑块受到重力、斜面的支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，故D正确，故选D。14. 火车某节车厢有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时（每扇门的插销都相当于一个开关），车厢中指示牌内的指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”。能实现上述设计的电路图是如图中的A. B. C. D. 【答案】C【解析】根据题意知道，当两间厕所的门都关上时指示灯才会发光，说明两开关相互影响、不能独立工作，即串联才控制灯泡。由A电路图知道，闭合任意一个开关，灯泡都发光，故A
11、不符合题意；由B电路图知道，闭合S2 时指示灯亮，再闭合S1 时会发生电源短路，指示灯不亮，故B不符合题意；由C电路图知道，两开关串联，只有都闭合时灯泡发光，故C符合题意；在D图中，闭合S1 时指示灯亮，再闭合S2 时，指示灯不亮，故D不合题意，故选C。15. 如图所示的电路中，电源电压不变，当开关S从断开到闭合时，电路中A. 电流表的示数变小，电压表的示数变大B. 电流表的示数变小，电压表的示数变小C. 电流表的示数不变，电压表的示数变大D. 电流表的示数不变，电压表的示数变小【答案】B【解析】由电路图知道，当开关断开时，两电阻串联，电流表测通过R1 的电流，电压表测R1 两端的电压，电压表
12、与电流表都有示数，当开关闭合时电压表与电流表都被短路，电压表与电流表示数都是零，即它们的示数都变小，故选B。16. 已知雨滴在空中竖直下落时所受空气阻力与速度的二次方成正比。不同质量的雨滴所受空气阻力与速度的二次方的比值相同。现有质量分别为m1和m2的两雨滴从空中竖直下落，在落到地面之前都已经做匀速直线运动，那么两雨滴匀速直线运动时的速度v1：v2为A. ： B. ： C. m1：m2 D. m2：m1【答案】A【解析】根据题意知道，雨滴落到地面前均已做匀速直线运动，所以雨滴受的是平衡力，即雨滴受到的阻力是：f=mg=kv2，雨滴的速度是：v=，所以两雨滴匀速直线运动时的速度v1：v2是：，故
13、选A。二、填空题17. 乘客在站台上能听到复兴号动车进站的笛声，是声音通过_传入耳朵，动车进站前关闭发动机还能继续向前运动是由于_。【答案】 (1). 空气 (2). 惯性【解析】动车进站发出的笛声，笛声是通过空气传播进入人的耳朵，引起听觉；动车进站前关闭发动机后由于惯性还能继续向前运动一段距离。18. 如图所示的电路，当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁吸引大头针的个数_ （选填“增加”或“减少”），铁钉的上端是电磁铁的_极。【答案】 (1). 增加 (2). S【解析】由图知道，当滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路的阻值减小，电路中的电流变大，所以，电磁铁的磁性增强，故吸引大头针的个数增加；
14、由图知道，电流从螺线管的上方流入，根据右手螺旋定则，四指绕向电流的方向，大拇指所指的方向-即铁钉的下端是N极，则铁钉的上端是电磁铁的S极。19. 车床照明灯的额定电压是36 V，正常工作时的电阻24 ，则该照明灯正常工作时，电流是_ A，工作10 min，电流通过灯丝产生的热量是_J。【答案】 (1). 1.5 (2). 32400【解析】根据题意知道，照明灯正常工作时的电流是：IL =UL/RL=36V/24=1.5A；当工作10min时，电流通过灯丝产生的热量是：Q=W=UIt=36V1.5A1060s=32400J。20. 在观察水沸腾的实验中，根据实验数据描绘的温度随时间变化的图象如图
15、所示，甲杯水的质量为m甲，乙杯水的质量为m乙，分析图象可知，m甲_m乙，此时的大气压_1标准大气压。【答案】 (1). 小于 (2). 小于【解析】由图象知道，甲3min沸腾，乙6min沸腾，乙的加热时间长，故乙吸热多，由Q吸 =cmt知道，当比热容、温度变化量相同时，吸热多的，质量大，所以m甲 m乙 ；沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高，1标准大气压时，水的沸点是100，由图像知道，水的沸点是98，所以实验时气压小于1标准大气压。21. 小芳站在竖直放置的平面镜前1 m处，镜中的像与她相距_m，若她远离平面镜，则镜中像的大小将_。【答案】 (1). 2 (2). 不变【解析】小芳站在竖直放置
16、的平面镜前1m处，根据物像到平面镜的距离相等，所以小芳的像到平面镜的距离也是1m，所以小芳和小芳的像之间的距离是2m，小芳在平面镜中成像大小和小芳的大小有关，跟小芳到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系，所以小芳原理平面镜时，小芳像的大小不变。考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验 22. 如图，电源电压7 V保持不变， 灯L2“6 V 3.6 W”，当开关S闭合，两灯发光，使用一段时间后L1突然熄灭，L2更亮，则故障是L1_，灯L2的实际电功率为_W。（假设灯丝电阻不变）【答案】 (1). 短路 (2). 4.9【解析】由电路图知道，两灯泡串联，所以一段时间后L1突然熄灭，L2更亮，则电
17、路故障一定不是断路，而是另一个灯泡短路；由P=U2/R知道，灯L2 的电阻是：R=U2额/P额=(6V)2/3.6W=10；当L1 短路时，此电路为L2 的简单电路，灯L2 的实际电功率P实际 =U2实际/R=(7V)2/10=4.9W。三、作图题23. 如图所示，画出入射光线AO的反射光线并标出反射角的度数。【答案】学_科_网.学_科_网.学_科_网.学_科_网.学_科_网.学_科_网.学_科_网.学_科_网.24. 请将如图中的电灯、开关和插座接入家庭电路中。【答案】【解析】根据安全用电的要求知道，灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，目的是在断开开关能
18、切断火线时，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全；三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，如图：四、简答题25. 如图甲所示，用吸管吸饮料，能够使吸管中的液面上升。如图乙往吸管中吹气，也能够使吸管中的液面上升。请简述这两种方法使液面上升的原因。【答案】见解析所示【解析】甲图用吸管吸饮料时，嘴吸走管中的空气，使吸管内的气体压强小于液面上方的大气压强，于是饮料在大气压的作用下沿吸管液面上升；图乙用嘴吹气时，吸管上方的空气流速加快，压强变小，小于水面上方的大气压，所以，吸管中的液面上升。五、实验探究题 26. 小明做的探究实验如图所示：（1）为了探究动能大小与质量关系，小明
19、将铁板固定在水平面上，让小球从同一高度由静止开始释放，如图甲、乙所示： 小明设想通过木块在铁板上滑行的距离来判断小球_大小； 观察甲、乙两图，不妥之处是_； 改正错误后进行实验，发现乙图木块滑行的距离远些，可以得到的结论：_。（2）在甲图的铁板上铺上毛巾如图丙，发现木块滑行的距离更近了，说明了滑动摩擦力的大小与_有关。（3）若甲图中木块对铁板的压强为p1，如果将这块木块放到与铁板形状完全相同的海绵上如图丁，木块对海绵的压强为p2，则p1_p2（选填“”“=”或“”）。【答案】 (1). 动能 (2). 木块起始位置不同 (3). 速度相同，质量越大的物体动能越大 (4). 接触面粗糙程度 (5
20、). =【解析】（1）小球动能越大，撞击木块时，木块在水平面上移动的距离就越远，所以判断小球动能大小的依据是：木块在水平面上移动的距离；观察甲、乙两图，知道图中不妥的操作是：两次实验中未保持木块初始位置相同；比较甲、乙两图知道，乙图中小球质量大，在下落的高度相同时，小球到木块的速度相同，木块滑行的距离远些，说明获得的动能大些，故可以得出的结论是：速度相同时，质量越大，动能越大。（2）在甲图的铁板上铺上毛巾，接触面变粗糙，摩擦力大，木块滑行的距离更近，故说明了滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；（3）甲图中木块对铁板的压力与木块对海绵的压力相同，受力面积相同，由p=F/S知道，压强相同，即p
21、1 =p2。点睛：本题考查的是探究影响动能大小的因素，本实验运用了转换法，由木块运动距离的长短，来体现小球的动能多少；由小球起始点的高度可以体现小球刚到达水平面时的速度。27. “测量额定电压为2.5V小灯泡的电功率”的实验中：（1）连接电路时，开关应_；（2）如图甲所示，电路连接存在错误，只需改动一根导线，即可使电路连接正确。请你在需改动导线处打“”，用笔画线代替导线在图中画出正确的接法_；（3）电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器，电压表示数如图乙所示，为了测出小灯泡的额定功率，他应该把滑片向_（填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为_V；（4）小明记录的实验数据表格如分析表格，可
22、得小灯泡的亮度与实际电功率的关系为：_。【答案】 (1). 断开 (2). (3). B (4). 2.5 (5). 灯泡的实际电功率越大灯越亮【解析】（1）连接电路时，为了保护电路，应该断开开关；（2）实验时应将电压表与被测电路并联，所以电压表应与灯泡并联，电路图如图：（3）由图乙知道，电压表的量程是3V，读数为2.3V，由于此时电压低于小灯泡的额定电压，为了要测量小灯泡的额定电功率，应减小滑动变阻器的阻值，即将滑片向B端滑动，使电压表的示数为2.5V；（4）由P=UI知道，小灯泡几次的电功率分别是：0.68W、1W、1.32W，且随着电功率的增大，灯泡在变亮，小灯泡的亮度与实际电功率的关系
23、是：灯泡的实际电功率越大，灯泡越亮。点睛：本题考查的是测量小灯泡额定电功率的实验，需要注意测量小灯泡的额定电功率，必须使灯泡两端的电压等于额定电压，对于电学实验，还要注意电流表、电压表、滑动变阻器等的连接方法。28. 在探究“凸透镜成像的规律”实验中：（1）如图甲所示，凸透镜的焦距为_cm；（2）把蜡烛放在距该凸透镜16cm处时，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得清晰的像，生活中的_与这种成像原理相同；（3）依次改变蜡烛的位置，移动光屏，直到找到清晰的像。记录的数据如表，第4次的像距为_cm；（4）实验完成之后，小明把自己的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间如图乙所示，像变得模糊了，若想在光屏
24、上重新得到清晰的烛焰像，在不改变蜡烛和凸透镜位置的情况下，应将光屏_ 凸透镜（选填“靠近”或“远离”）。【答案】 (1). 10 (2). 幻灯机 (3). 30 (4). 远离【解析】（1）因为凸透镜对光线有会聚作用，由图知道，焦点在40cm处，光心在30cm处，所以，焦距是：40cm-30cm=10cm；（2）当烛焰放在距凸透镜16cm处时，fu2f，则成倒立、放大的实像，投影仪就是利用这一成像规律工作的；（3）根据光路可逆性知道，在第1组数据中，物距为30cm时，像距为15cm，所以当物距为15cm时，像距为30cm；（4）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推
25、迟会聚，所以，像会远离凸透镜，若要用光屏接到清晰的像，应将光屏向右调节，即向远离凸透镜的方向调节，才能使像变清晰。点睛：本题考查的是凸透镜成像的规律，考查了根据数据得出结论的能力，在分析时，注意各项的大小变化情况，从而找出规律；还考查了成像规律的应用，要搞清像距和物距的关系；所以要一定熟练掌握成像规律的内容，并能做到灵活应用。29. 探究浮力的大小跟哪些因素有关：【做出猜想】（1）可能与物体在液体中的深度有关；（2）可能与物体浸在液体中的体积有关；（3）可能与液体的密度有关；【设计实验】（1）如图甲所示，当物体浸没在液体中时，浮力的大小跟浸没的深度_关；（2）如图乙所示，物体浸没在水中所受的浮
26、力为_N； （3）如图丙所示，物体受到的浮力大小跟_有关；（4）如图丁所示，将装置放在电子秤上，把浸没的物体缓慢下沉（物体未碰到烧杯底部），电子秤的示数_（选填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】 (1). 无 (2). 2 (3). 液体密度 (4). 不变【解析】（1）由图甲知道，物体浸没的深度变化，但测力计的示数不变，所以浮力大小跟浸没的深度无关；（2）由图乙知道，A的重力是3N，完全浸没在水中时，测力计的示数为1N，所以浸没在水中所受的浮力是：F浮 =G-F=3N-1N=2N；（3）由图丙知道，液体的密度不同，测力计的示数不同，由此说明浮力大小跟液体的密度有关；（4）电子秤的示数与整
27、个装置的质量及物体所受拉力大小有关，把浸没的物体缓慢下沉的过程之中，受力情况没有发生变化，所以电子秤的示数不变。点睛：本题考查的是探究影响浮力大小因素的实验，解题的关键是用好控制变量法，在分析数据时，注意发生变化的量和测力计的示数变化。30. 小华想测某石块的密度：（1）用调好的天平测量石块的质量m0，如图甲所示，石块的质量m0=_ g；（2）将石块放入装有水的烧杯中，并在烧杯壁上标记水面所处的位置，再取出石块；（3）往量筒中装入42 ml的水，将量筒中的水倒入一部分到烧杯中，直至烧杯中的水到达_处，读出如图丙量筒中剩余水的体积为_ml；（4）算出石块的密度为_g/cm3；（5）根据以上步骤，
28、测出的石块密度_（选填“偏大”或“偏小”）。【答案】 (1). 27.2 (2). 标记 (3). 32 (4). 2.72 (5). 偏小【解析】（1）由图知道，标尺的分度值为0.2g，矿石的质量是：m=20g+5g+2.2g=27.2g；（3）将量筒中的水倒入一部分到烧杯中，直至烧杯中的水到达标记处，此时图丙量筒中剩余水的体积为32cm3 ，石块的体积等于倒出水的体积，即V水=V石块=42cm3 -32cm3 =10cm3 ；（4）根据以上计算知道，石块的密度是：=m0/V石块=27.2g/10cm3=2.72g/cm3；（5）根据以上步骤知道，石块从烧杯中取出会沾有水，导致倒入烧杯的水的
29、体积偏大，造成石块的体积测量偏大，由=m/V知道密度偏小。点睛：本题考查的是固体密度的测量，考查了量筒、天平的读数，以及密度的计算，在分析实验误差时，要从实验操作步骤对质量、体积测量结果影响的角度进行分析，利用公式判断其最终的影响。31. “探究杠杆平衡条件”实验中，如图所示：（1）如图甲所示，李华就在该静止的杠杆上挂钩码进行实验，小明认为这样做_（选填“可以”或“不可以”）得出杠杆平衡条件，但不便于测量_；（2）小明因此将右端的平衡螺母向_侧调节，使杠杆在水平位置平衡；（3）如图乙所示，在A处下方添加一个钩码，则B处所挂钩码须向右移动_格，可使杠杆在水平位置再次平衡；（4）如图丙所示，当弹簧
30、测力计逐渐向右倾斜拉时，仍使杠杆在水平位置平衡，测力计的示数将_（选填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】 (1). 可以 (2). 力臂 (3). 右 (4). 1 (5). 变大【解析】（1）由图知道，杠杆在不挂钩码时没有处于水平平衡状态，这时杠杆的重心在支点上，可以得出杠杆平衡条件，且不便于测量力臂；（2）如甲图，杠杆的右端上翘，所以平衡螺母向上翘的右端移动，使使杠杆在水平位置平衡；（3）设一个钩码的重力是G，一格的长度是L；由杠杆的平衡条件知道：4G2L=2GnL，所以n=4，故应该将B处所挂钩码须向右移动4-3=1格；（4）由图知道，若弹簧测力计逐渐向右倾斜拉时，则F的力臂变短，由根据杠杆的平衡条件知道，力会变大。点睛：本题考查的是杠杆平衡的条件，当杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，所以在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂。六、计算题32. 如图是某电热水壶的铭牌。在1标准大气压下，正常工作7 min能将一壶水从
