1、学年鲁科版必修2高考题同步练习：3.2石油和煤、重要的烃（02）鲁科版必修2高考题同步练习：3.2石油和煤、重要的烃一选择题1下列物质不能使溴水褪色的是A乙烯B二氧化硫CKI溶液DCH4 2下列试剂中，能鉴别乙醇、乙醛和乙酸的是A氢氧化钠溶液B石蕊试液C新制氢氧化铜D碳酸钠溶液3关于实验室制备乙烯的实验，下列说法正确的是A反应物是乙醇和过量的3摩/升硫酸的混和液B温度计插入反应溶液液面以下，以便控制温度在140 C反应容器中应加入少许瓷片D反应完毕先灭火再从水中取出导管4下列变化属于加成反应的是A乙烯通入酸性高锰酸钾溶液中B乙烯通入溴水中C苯与液溴在FeBr3催化下反应D乙烯与氯化氢在一定条件
2、下反应5二甲醚和乙醇是同分异构体，其鉴别可采用化学方法及物理方法，下列鉴别方法中不能对二者进行鉴别的是A利用金属钠或金属钾B利用燃烧法C利用红外光谱法D利用核磁共振氢谱6下列说法正确的是A可食用植物油含有的高级脂肪酸甘油酯是人体的营养物质B分馏、干馏都是物理变化，裂化、裂解都是化学变化C淀粉、蛋白质、葡萄糖都是高分子化合物D汽油、生物柴油、酒精都是碳氢化合物，都可作燃料7下列关于有机物的说法正确的是A乙烯使溴水、酸性高锰酸钾溶液褪色的本质是不同的B淀粉、蛋白质、油脂都属于天然高分子化合物C聚氯乙烯塑料最适合用来做蔬菜、水果及熟食等的保鲜膜D等物质的量的CH4与Cl2恰好反应时，生成CH3Cl与
3、HCl 8过量的下列溶液与水杨酸反应能得到化学式为C7H5O3Na的是ANaHCO3溶液BNa2CO3溶液CNaOH溶液DNaCl溶液9甲苯和甘油组成的混合物中，若碳元素的质量分数为60%，那么可推断氢元素的质量分数是A0.05 B0.087 C0.174 D无法计算10某化合物 6.4g在氧气中完全燃烧，只生成 8.8g CO2和 7.2g H2O下列说法正确的是A该化合物仅含碳、氢两种元素B该化合物中碳、氢原子个数比为1：4 C无法确定该化合物是否含有氧元素D该化合物一定是C2H8O2 11下列说法正确的是A室温下，在水中的溶解度：丙三醇苯酚1氯丁烷B用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和
4、HCOOCH2CH3 C用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3 D油脂在酸性或碱性条件下均可发生水解反应，且产物相同12在下列有机物中，经催化加氢后不能生成2甲基戊烷的是ACH2CCH2CH2CH3 BCH2CHCHCH2CH3 CCH3C CHCH2CH3 DCH3CHCHCHCH3 13下列关于丙烯的说法正确的是A丙烯分子中所有原子位于同一平面B丙烯分子中不存在同分异构体C丙烯分子中最多有7个原子位于同一平面D丙烯分子中3个碳原子在同一直线上14下列说法中正确的是A红外光谱图可以确定有机物分子中不同类型氢原子的种类和数目B质谱图最右边的分子离子峰表示待测物质的相
5、对分子质量C苯、乙烷、乙烯、乙炔分子中碳碳键的键长分别为a、b、c、d，则bcad D等质量的烃完全燃烧，耗氧量最少的是甲烷二填空题15明矾石经处理后得到明矾从明矾制备Al、K2SO4、和H2SO4的工艺过程如图1所示：焙烧明矾的化学方程式为：4KAl2 12H2O+3S2K2SO4+2Al2O3+9SO2+48H2O请回答下列问题：在焙烧明矾的反应中，还原剂是。从水浸后的滤液中得到K2SO4晶体的方法是。Al2O3在一定条件下可制得AlN，其晶体结构如图2所示，该晶体中Al的配位数是。以Al和NiO为电极，NaOH溶液为电解液组成一种新型电池，放电时NiO转化为Ni2，该电池反应的化学方程式
6、是。焙烧产生的SO2可用于制硫酸。已知25、101kPa时：2SO2+O2 2SO3H1197kJ/mol；H2O H2OH244kJ/mol；2SO2+O2+2H2O2H2SO4H3545kJ/mol。则SO3与H2O反应的热化学方程式是。焙烧948t明矾，若SO2的利用率为96%，可产生质量分数为98%的硫酸t。三解答题161，2二溴乙烷汽油抗爆剂的添加剂，常温下它是无色液体，密度 2.18g/mL，沸点 131.4，熔点 9.79，不溶于水，易溶于醇，醚、丙酮等有机溶剂在实验中可以用如图所示装的混合液，试管d中装有液溴填写下列空白：写出本题中制备1，2二溴乙烷有关的两个化学方程式；安全瓶
7、b可以防止倒吸，并可以检查实验进行时试管d是否发生堵塞请写出发生堵塞时b瓶中的现象容器c中所装的试剂是，其作用是 d中用冷水冷却液溴的原因是，但又不能过度冷却，其原因是鲁科版必修2高考题同步练习：3.2石油和煤、重要的烃参考答案与试题解析一选择题1下列物质不能使溴水褪色的是A乙烯B二氧化硫CKI溶液DCH4溴水具有氧化性，能够氧化具有还原性的物质；溴水能够与含有碳碳双键、碳碳三键的有机物发生加成反应，从而使溴水褪色，据此进行解答解：A乙烯中含有碳碳双键，能够与溴水发生加成反应而使溴水褪色，故A错误；B二氧化硫具有还原性，能够与溴水发生氧化还原反应使溴水褪色，故B错误；C碘化钾溶液中的碘离子具有
8、还原性，能够被溴水氧化而使溴水褪色，故C错误；D甲烷性质稳定，不与溴水发生反应，不能使溴水褪色，故D正确；故选：D。本题考查了常见有机物结构与性质、溴水、二氧化硫等物质的性质，题目难度不大，注意掌握溴水的组成、化学性质，明确能够使溴水褪色的物质一般具有的化学性质是解答本题关键 2下列试剂中，能鉴别乙醇、乙醛和乙酸的是A氢氧化钠溶液B石蕊试液C新制氢氧化铜D碳酸钠溶液只有新制Cu2与乙醇、乙酸、乙醛溶液分别混合时，现象有明显区别。乙醇不与新制Cu2反应，乙酸与新制Cu2反应使Cu2溶解，溶液变为蓝色，沉淀消失，乙醛溶液与新制Cu2悬浊液加热有红色沉淀生成；解：A乙醇、乙醛和NaOH溶液不反应，无
9、现象，乙酸和NaOH溶液能反应，但无明显现象，不能鉴别，故A错误；B乙醇、乙醛均不与石蕊反应，现象相同，不能鉴别，故B错误；C乙醇、乙醛、乙酸三种溶液分别与新制Cu2悬浊液混合的现象为：无现象、砖红色沉淀、蓝色溶液，现象不同，可鉴别，故C正确；D乙醇、乙醛均不与碳酸钠溶液反应，现象相同，不能鉴别，故D错误；故选：C。本题考查有机物的鉴别，为高频考点，把握常见有机物的性质及官能团与性质的关系为解答的关键，侧重醇、醛、羧酸性质的考查，题目难度不大。3关于实验室制备乙烯的实验，下列说法正确的是A反应物是乙醇和过量的3摩/升硫酸的混和液B温度计插入反应溶液液面以下，以便控制温度在140 C反应容器中应
10、加入少许瓷片D反应完毕先灭火再从水中取出导管实验室制备乙烯所用的原料为乙醇和浓硫酸，反应条件是加热到170，反应装置为液液加热装置解：A、反应物是乙醇和过量浓硫酸的混合物，故A错误；B、反应温度在140时，生成乙醚，170时生成乙烯，故B错误；C、溶液加热为防暴沸，加入沸瓷片，故C正确；D、为防倒吸，应先把导管从水中取出再熄灭酒精灯，故D错误。故选：C。此题考查了乙烯的实验室制法有机反应中，反应条件不同，产物不同，故一定要记住反应条件 4下列变化属于加成反应的是A乙烯通入酸性高锰酸钾溶液中B乙烯通入溴水中C苯与液溴在FeBr3催化下反应D乙烯与氯化氢在一定条件下反应根据定义分析解答加成反应指有
11、机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应A、乙烯通入酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应，故A错误；B、乙烯与溴发生加成反应生成1，2二溴乙烷，故B正确；C、苯环上的氢原子被溴原子取代生成溴苯，属于取代反应，故C错误；D、乙烯与氯化氢发生加成反应生成氯乙烷，故D正确。故选：BD。本题主要考查了加成反应的判断，加成反应的条件是有机物中必须含有不饱和键 5二甲醚和乙醇是同分异构体，其鉴别可采用化学方法及物理方法，下列鉴别方法中不能对二者进行鉴别的是A利用金属钠或金属钾B利用燃烧法C利用红外光谱法D利用核磁共振氢谱二甲醚和乙醇中分别含有O和OH，二者性质不同，OH可与
12、Na反应，二者含有的H原子的种类和性质不同，由于分子式相同，燃烧产物相同解：A乙醇中含有OH，可与金属钠或金属钾反应生成氢气，可鉴别，故A正确；B由于分子式相同，燃烧产物相同，不能鉴别，故B错误；C二甲醚和乙醇中分别含有O和OH，官能团不同，可用红外光谱法鉴别，故C正确；D二者含有的H原子的种类和性质不同，可用核磁共振氢谱鉴别，故D正确。故选：B。本题考查有机物的鉴别，题目难度不大，本题注意有机物官能团的异同以及有机物的结构，注意把握鉴别方法 6下列说法正确的是A可食用植物油含有的高级脂肪酸甘油酯是人体的营养物质B分馏、干馏都是物理变化，裂化、裂解都是化学变化C淀粉、蛋白质、葡萄糖都是高分子化
13、合物D汽油、生物柴油、酒精都是碳氢化合物，都可作燃料A植物油属于油脂；B干馏为煤在隔绝空气条件下发生复杂的物理、化学变化；C葡萄糖的相对分子质量较小，在10000以下；D汽油、生物柴油均为烃的混合物，酒精中含C、H、O元素解：A植物油属于油脂，为高级脂肪酸甘油酯，是人体必需的营养物质，故A正确；B干馏为煤在隔绝空气条件下发生复杂的物理、化学变化，裂化、裂解都是石油产品获得小分子的化学变化，只有分馏为物理变化，故B错误；C葡萄糖的相对分子质量较小，在10000以下，不是高分子化合物，但淀粉、蛋白质都是高分子化合物，故C错误；D汽油、生物柴油均为烃的混合物，酒精中含C、H、O元素，酒精不是碳氢化合
14、物，但都可作燃料，故D错误；故选：A。本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的组成、结构、性质及物质分类为解答的关键，注意煤和石油的综合利用，题目难度不大 7下列关于有机物的说法正确的是A乙烯使溴水、酸性高锰酸钾溶液褪色的本质是不同的B淀粉、蛋白质、油脂都属于天然高分子化合物C聚氯乙烯塑料最适合用来做蔬菜、水果及熟食等的保鲜膜D等物质的量的CH4与Cl2恰好反应时，生成CH3Cl与HCl A乙烯含有碳碳双键，可发生加成、氧化反应；B油脂不是高分子化合物；C聚氯乙烯不能用于保鲜膜；D甲烷与氯气发生取代反应生成多种氯代烃。解：A乙烯含有碳碳双键，可溴水发生加成、与酸性高锰酸钾发生氧化反
15、应，故A正确；B油脂的相对分子质量较小，不是高分子化合物，故B错误；C聚氯乙烯在一定条件下释放出有害物质，不能用于保鲜膜，故C错误；D甲烷与氯气的取代反应为多步取代同时进行，发生取代反应生成多种氯代烃，故D错误。故选：A。本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，有利于培养学生良好的科学素养，提高学习的积极性，难度不大。8过量的下列溶液与水杨酸反应能得到化学式为C7H5O3Na的是ANaHCO3溶液BNa2CO3溶液CNaOH溶液DNaCl溶液根据酸性碳酸氢钠判断，反应能得到化学式为C7H5O3Na，只能是羧基参加反应，以此解答解：A水杨酸与NaHCO3溶液反应时只是
16、COOH作用转化为COONa，产物的分子式为C7H5O3Na，故A正确；B水杨酸与Na2CO3溶液反应时COOH、OH均反应，生成产物的分子式为C7H4O3Na2，故B错误；C水杨酸与NaOH溶液反应时COOH、OH均反应，生成产物的分子式为C7H4O3Na2，故C错误；D与NaCl溶液不反应，故D错误；故选：A。本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，题目难度不大，注意酚羟基、羧基与碳酸酸性的强弱比较，为解答该题的关键 9甲苯和甘油组成的混合物中，若碳元素的质量分数为60%，那么可推断氢元素的质量分数是A0.05 B0.087 C0.174 D无法计算甲苯C7H8
17、，甘油C3H8O3，二者相对分子质量都是92，H元素的质量分数相同，混合后H元素的质量分数不变，据此计算判断解：甲苯C7H8，甘油C3H8O3，二者相对分子质量都是92，H元素的质量分数相同为 0.087，故二者混合物的中H元素的质量分数为 0.087，故选：B。本题考查质量分数的有关计算，难度不大，关键是根据分子式的判断二者氢元素的质量分数相等 10某化合物 6.4g在氧气中完全燃烧，只生成 8.8g CO2和 7.2g H2O下列说法正确的是A该化合物仅含碳、氢两种元素B该化合物中碳、氢原子个数比为1：4 C无法确定该化合物是否含有氧元素D该化合物一定是C2H8O2有机物燃烧生成 8.8g
18、CO2和 7.2gH2O，则一定含有C、H元素，其中n0.2mol，n0.4mol，以此计算C、H元素的质量，根据质量守恒，判断是否含有O元素。解：A有机物燃烧生成 8.8gCO2和 5.4gH2O，则该有机物分子中一定含有C、H元素，当可能含有氧元素，故A错误；B.8.8g二氧化碳的物质的量为：n0.2mol，7.2g水的物质的量为：n0.4mol，则n：n0.2mol：1：4，故B正确；Cnn0.2mol，m0.2mol12g/mol2.4g，n2n0.8mol，m0.8g，由于 2.4g+0.8g3.2g6.4g，所以该化合物中一定含有氧元素，故C错误；DC2H8O2，2个C最多含有6个
19、H，则该有机物分子式为：CH4O，故D错误；故选：B。本题考查有机物分子的元素组成，题目难度不大，本题注意有机物完全燃烧只生成二氧化碳和水，一定含有C、H元素，可能含有O元素，从质量守恒的角度判断是否含有氧元素。11下列说法正确的是A室温下，在水中的溶解度：丙三醇苯酚 1 氯丁烷B 用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3 C用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3 D油脂在酸性或碱性条件下均可发生水解反应，且产物相同A含OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水；BHCOOCH3中两种H，HCOOCH2CH3中有三种H；CCH3COOH与碳酸钠溶液反应，
20、而CH3COOCH2CH3不能；D油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油解：A含OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水，则室温下，在水中的溶解度：丙三醇苯酚1氯丁烷，故A正确；BHCOOCH3中两种H，HCOOCH2CH3中有三种H，则用核磁共振氢谱能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3，故B错误；C CH3COOH与碳酸钠溶液反应气泡，而Na2CO3溶液与CH3COOCH2CH3会分层，因此可以用Na2CO3溶液能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3，故C错误；D油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐
21、和甘油，水解产物不相同，故D错误；故选：A。本题考查有机物的鉴别，为高频考点，把握常见有机物的性质及鉴别方法为解答的关键，注意溶解性与OH的关系、油脂不同条件下水解产物等，题目难度不大 12在下列有机物中，经催化加氢后不能生成2 甲基戊烷的是A CH2 CCH2CH2CH3 B CH2 CHCHCH2CH3 CCH3CCHCH2CH3 DCH3CHCHCHCH3根据烯的加成原理，双键中的一个键断开，结合H原子，生成2甲基戊烷，采取倒推法相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，即得到烯烃解：2甲基戊烷的碳链结构为，2甲基戊烷相邻碳原子之间各去掉1个氢原子形成双键，从而得到烯烃；根据2甲基戊烷的碳
22、链结构知，相邻碳原子上各去掉1个氢原子形成双键的碳链结构有：、。A、CH2CCH2CH2CH3的碳链结构为，经催化加氢后能生成2甲基戊烷，故A不选。B、CH2CHCHCH2CH3的碳链结构为，经催化加氢后不能生成3 甲基戊烷，故B选。C、CH3CCHCH2CH3的碳链结构为，经催化加氢后能生成2甲基戊烷，故C不选。D、CH3CHCHCHCH3的碳链结构为，经催化加氢后能生成2甲基戊烷，故D不选。故选：B。本题考查了根据烷烃的结构判断烯烃的结构，难度较大，会根据烷烃结构去掉相邻氢原子形成碳碳双键，注意不能重写、漏写 13下列关于丙烯的说法正确的是A丙烯分子中所有原子位于同一平面B丙烯分子中不存在
23、同分异构体C丙烯分子中最多有7个原子位于同一平面D丙烯分子中3个碳原子在同一直线上A丙烯中含有甲基，故所有原子不可能位于同一平面；B丙烯与环丙烷互为同分异构体；C乙烯为平面结构，故丙烯分子中至少有6个原子位于同一平面，由于单键可以旋转，故甲基上的1个氢原子也可能在这个平面内，故丙烯分子中最多有7个原子位于同一平面；D丙烯分子中3个碳原子在同一平面内解：A丙烯中含有甲基，故所有原子不可能位于同一平面，故A错误；B丙烯与环丙烷互为同分异构体，故B错误；C乙烯为平面结构，故丙烯分子中至少有6个原子位于同一平面，由于单键可以旋转，故甲基上的1个氢原子也可能在这个平面内，故丙烯分子中最多有7个原子位于同
24、一平面，故C正确；D乙烯为平面结构，则丙烯分子中3个碳原子在同一平面内，故D错误；故选：C。本题以乙烯为模型，考查丙烯的结构，难度中等侧重学生知识迁移能力的培养 14下列说法中正确的是A红外光谱图可以确定有机物分子中不同类型氢原子的种类和数目B质谱图最右边的分子离子峰表示待测物质的相对分子质量C苯、乙烷、乙烯、乙炔分子中碳碳键的键长分别为a、b、c、d，则bcad D等质量的烃完全燃烧，耗氧量最少的是甲烷A红外光谱图常用来测定得分子中含有化学键或官能团的信息；B用质谱仪测定的有机物的最大质合比，质谱法中最右边的分子离子峰为最大值；C键能越大，键长越短，键能：碳碳三键碳碳双键碳碳单键；D等质量的
25、烃完全燃烧，烃中氢元素的质量分数越大，耗氧量越高。解：A红外光谱图常用来测定得分子中含有化学键或官能团的信息，故A错误；B质谱法是用高能电子流轰击样品分子，使分子失去电子变成分子离子或碎片离子；质谱仪测定的有机物的最大质合比，质谱图中最右边的分子离子峰为最大值，为该物质的相对分子质量，故B正确；C键能越大，键长越短，键能：碳碳三键碳碳双键碳碳单键，苯中的化学键键能介于单键与双键之间，所以键长：bacd，故C错误；D等质量的烃完全燃烧，烃中氢元素的质量分数越大，耗氧量越高，所有的烃中H元素的质量分数最大的是甲烷，所以耗氧量最多的是甲烷，故D错误；故选：B。本题考查有机物结构式确定的谱学方法、键长
26、比较、耗氧量的相关知识点，题目难度不大，熟悉鉴定有机物结构及性质是解答的关键。二填空题15明矾石经处理后得到明矾从明矾制备Al、K2SO4、和H2SO4的工艺过程如图1所示：焙烧明矾的化学方程式为：4KAl2 12H2O+3S2K2SO4+2Al2O3+9SO2+48H2O请回答下列问题：在焙烧明矾的反应中，还原剂是S 。从水浸后的滤液中得到K2SO4晶体的方法是蒸发结晶。Al2O3在一定条件下可制得AlN，其晶体结构如图2所示，该晶体中Al的配位数是4 。以Al和NiO为电极，NaOH溶液为电解液组成一种新型电池，放电时NiO转化为Ni2，该电池反应的化学方程式是Al+3NiO+NaOH+H
27、2ONaAlO2+3Ni2 。焙烧产生的SO2可用于制硫酸。已知25、101kPa时：2SO2+O2 2SO3H1197kJ/mol；H2O H2OH244kJ/mol；2SO2+O2+2H2O2H2SO4H3545kJ/mol。则SO3与H2O反应的热化学方程式是SO3+H2OH2SO4H 130kJ/mol 。焙烧948t明矾，若SO2的利用率为96%，可产生质量分数为98% 的硫酸432 t。依据化学方程式中元素化合价变化分析判断，元素化合价升高的做还原剂发生氧化反应；从水浸后的滤液中得到K2SO4晶体的方法是利用硫酸钾溶解度随温度变化，可以利用蒸发溶剂方法结晶析出；配位化合物中直接和中
28、心原子相联系的配位原子的数目；以Al和NiO为电极，铝做原电池负极失电子发生氧化反应，NiO得到电子发生还原反应，结合原子守恒和电子守恒写出反应化学方程式；依据热化学方程式和盖斯定律计算得到；依据硫元素守恒计算得到；解；4KAl2 12H2O+3S2K2SO4+2Al2O3+9SO2+48H2O反应硫单质中硫元素化合价升高为+4价。硫酸根离子中硫元素化合价从+6价变化为 +4价，复印纸还原剂是硫单质；故答案为：S；从水浸后的滤液中得到K2SO4晶体的方法是利用硫酸钾溶解度随温度变化不大，可以利用蒸发溶剂方法结晶析出晶体；故答案为：蒸发结晶；依据晶体晶胞结构分析，结合配位数含义可知，每个铝原子和
29、四个单原子相连，所以铝原子的配位数为4；故答案为：4；以Al和NiO为电极，NaOH溶液为电解液组成一种新型电池，放电时NiO转化为Ni2，铝做负极失电子在氢氧化钠溶液中生成偏铝酸钠，反应的化学方程式为：Al+3NiO+NaOH+H2ONaAlO2+3Ni2 ；故答案为：Al+3NiO+NaOH+H2ONaAlO2+3Ni2；2SO2+O2 2SO3H1197kJ/mol； H2O H2OH244kJ/mol； 2SO2+O2+2H2O2H2SO4H3545kJ/mol依据盖斯定律2得到：2SO3+2H2O2H2SO4H260kJ/mol；即反应的热化学方程式为：SO3+H2OH2SO4H130kJ/mol；故答案为：SO3+H2OH2SO4H130kJ/mol；948 t明矾生成SO2物质的量为4500mol故生成
