1、新疆哈密地区第二中学学年高一上学期期中考试物理试题单项选择题（每小题3分，共30分）1.下列关于质点的说法中，正确的是（ ）A质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以引入这个概念没有多大意义B体积很小、质量很小的物体都可看成质点C不论物体的质量多大，只要物体的形状和大小对所研究的问题没有影响或影响可以忽略不计，就可以看成质点D宏观天体由于体积太大，都不能看成质点【答案】C【解析】考点：质点【名师点睛】解决本题要正确理解质点的概念：质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点与物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否
2、可以忽略。2. 下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（ ）A物体的速度越大，加速度越大B物体的速度变化越快，加速度越大C物体的速度为零时，加速度也为零D物体的速度变化量越大，加速度越大【答案】B【解析】试题分析：如果物体加速度方向与速度方向相同，加速度在减小，速度却在增大，即速度增大得越来越慢，故A错误；加速度是表示速度变化快慢的物理量物体的速度变化越快，加速度越大故B正确；物体的速度为零时，加速度不一定为零，例如竖直上抛到最高点，故C错误；根据可知加速度a由速度的变化量v和速度发生改变所需要的时间t共同决定，虽然v大，但t更大时，a可以很小故D错误；故选B.考点：加速度和速度【名师点睛】把
3、握加速度的定义式中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础。3. 某人从高为5m处以某一初速度竖直向下抛一小球，在与地面相碰后弹起，上升到高为3m处被接住，则这段过程中（）A小球的位移为2m，方向竖直向下，路程为8mB小球的位移为5m，方向竖直向上，路程为3mC小球的位移为3m，方向竖直向下，路程为8mD小球的位移为2m，方向竖直向上，路程为8m【答案】A【解析】考点：路程和位移【名师点睛】本题考查对位移和路程的理解位移是矢量，方向由起点指向终点，大小等于起点和终点直线距离的大小。4. 伽利略在研究自由落体运动时，设计了如图所示的斜面实验下列哪
4、些方法是他在这个实验中采用过的（）A用秒表计时B用打点计时器打出纸带进行数据分析C改变斜面倾角，比较各种倾角得到的x与t的平方成正比，然后将斜面实验的结果合理“外推”，说明自由落体运动是特殊的匀变速直线运动D改变斜面倾角，比较各种倾角得到的v与t成正比，然后将斜面实验的结果合理“外推”，说明自由落体运动是特殊的匀变速直线运动【答案】C【解析】考点：伽利略实验【名师点睛】伽利略对自由落体规律的研究为我们提供正确的研究物理的方法、思路、理论，他创造了一套对近代科学的发展极为有益的科学方法。5. 沿直线运动的汽车刹车后匀减速运动，经3.5s停止，它在最后一秒的位移为1m，以下说法中不正确的是（）A汽
5、车刹车的加速度为2m/s2B汽车刹车时的速度为7m/sC汽车刹车后共滑行8mD汽车刹车停止全程的平均速度为3.5m/s【答案】C【解析】试题分析：采用逆向思维，根据xat/2,得刹车的加速度大小为：，故A正确；采用逆向思维，汽车刹车时的速度为：v=at=23.5=7m/s，故B正确；汽车刹车后共滑行的距离为：，故C错误；汽车刹车后的平均速度为：，故D正确；，此题选错误的选项，故选C.考点：匀变速直线运动的规律【名师点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活应用，有时用推论求解会使问题更加简便。6. 某同学在一根绳两端各栓一个可视为质点的小球，然后拿住绳的一端让绳竖直在3
6、楼阳台上由静止释放，两小球落地的时间差为T，如果该同学手拿同样的装置用同样的方法从4楼阳台上静止释放小球，则两小球落地的时间差将（空气阻力不计）（）A不变 B增大 C减小 D无法判断【答案】C【解析】考点：自由落体运动【名师点睛】解题时要知道自由落体运动遵循初速度为0的，加速度为g的匀加速直线运动的所有规律。7. 将一物体从距地面125m处有静止释放，不计空气阻力，则在第一个2s、第二个2s、和第三个2s内相对应的三段位移之比为（）A1：3：5 B1：2：3 C1：4：9 D4：12：9【答案】D【解析】试题分析：根据h=gt2可知：,所以第一个2s内的位移：h1gt12102220m；第二个
7、2s的位移：h2g(t1+t2)2h1=10(2+2)22060m；第三个2s内的位移等于第5s内的位移：h3=H-h1-h2=125-20-60=45m；所以：h1：h2：h3=20：60：45=4：12：9，故ABC错误，D正确故选D.考点：自由落体运动【名师点睛】解决本题的关键知道自由落体运动的规律，要知道自由落体运动遵循初速度为0的，加速度为g的匀加速直线运动；解答的关键是自由落体运动的时间是否大于6s。8. 物体自O点由静止开始做匀加速直线运动，A、B、C、D是轨迹上的四点，测得AB=2m，BC=3m，CD=4m且物体通过AB、BC、CD所用时间相等，则OA间的距离为（ ）A1m B
8、0.5m C m D2m【答案】C【解析】考点：匀变速直线运动的规律的应用【名师点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的公式以及推论，例如：某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度；连续相等时间内的位移之差是一恒量；要能进行灵活的运用。9. 做匀加速直线运动的物体，依次通过A、B、C三点，位移xABxBC，已知物体在AB段的平均速度大小为3 m/s，在BC段的平均速度大小为6 m/s，那么，物体在B点的瞬时速度大小为( )A4 m/sB5 m/s C4.5 m/s D5.5 m/s【答案】B【解析】试题分析：（1）设加速度大小为a，经A、C的速度大小分别为vA、vC据匀加速直线运动规律可得：
9、vB2-vA2=2avc2-vB2=2a联立可得：vB=5m/s ，故选B.考点：匀加速直线运动规律【名师点睛】本题关键要充分运用好条件：ab、bc的距离相等，以及两段的平均速度，灵活运用运动学公式求解。10. 一杂技演员，用一只手抛球、接球，他每隔0.4s抛出一球，接到球便立即把球抛出，已知除抛、接球的时刻外，空中总有4个球，将球的运动近似看作是竖直方向的运动，球到达的最大高度是(高度从抛球点算起，取g10m/s2)( )A1.6m B2.4m C4m D3.2m【答案】D【解析】试题分析：根据竖直上抛的对称性可知，空中的四个球，有两个在上升，两个下降，由于每隔0.4s抛一个，因此从抛出到最
10、高点时间为t=0.8s，所以上升最大高度：hgt2100.823.2m，故ABC错误，D正确故选D. 考点：竖直上抛运动【名师点睛】本题考察了对基本运动规律的理解，对于高中所学运动模型如竖直上抛、平抛、圆周运动等要明确运动特点和对应规律。1多项选择题（每小题4分，共16分）11. 某物体以30 m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10 m/s2，则5 s内物体的( )A路程为65 mB速度改变量的大小为10 m/sC位移大小为25 m，方向向上D平均速度大小为13 m/s，方向向上【答案】AC【解析】故选AC.考点：竖直上抛运动【名师点睛】对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段
11、法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用.12. 如图所示为一物体作匀变速直线运动的速度图线，下列判断正确的是（）A物体的初速度为3m/sB物体的加速度大小为1.5m/s2C2s末物体位于出发点D前2秒的加速度与后两2秒的加速度方向相反【答案】AB【解析】考点：v-t图像【名师点睛】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义。13. 一个物体做初速度为零的匀加速直线运动，它在第3 s内的位移为5 m，则下列说法正确的是()A物体在第3 s末的速度一定是6 m/sB物体的加速度一定是2 m/s2C物体在前5 s内的位移一定是25 mD物体在第5 s内
12、的位移一定是25 m【答案】ABC【解析】试题分析：由第3 s内的位移为5 m可得：，解得a=2m/s2，选项B正确；物体在第3 s末的速度一定是v3=at3=6 m/s,选项A正确；物体在前5 s内的位移一定是，选项C正确，D错误；故选ABC.考点：匀变速直线运动的规律的应用【名师点睛】本题为位移公式及速度公式的简单应用，在解题时要明确过程，正确应用公式求解。14. 下列所给的图象中能反映做直线运动物体回到初始位置的是（）A B C D【答案】ACD【解析】考点：x-t图像及v-t图线【名师点睛】图象法为物理学中的重要方法，在研究图象时首先要明确图象的坐标，从而理解图象的意义，即可确定点、线
13、、面的含义。三、实验题（共10分）15. （1）如图所示，甲同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点间还有四个点未画出，经测量发现S1=7.05cm、S2=7.68cm、S3=8.33cm、S4=8.95cm、S5=9.61cm、S6=10.26cm，则A点处瞬时速度的大小是 m/s，加速度的大小是 m/s2（计算结果保留两位有效数字）（2）在一次实验中，如果乙同学不知道实验所使用的交流电电源的实际频率已超过50Hz，仍然按照50Hz计算，那么他计算出来的平均速度值与真实值相比_A偏大B偏小C相等D不能确定（3）丙同学在测定匀变速
14、直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带他已在每条纸带上按每5个点取好一个计数点，即两计数点之间时间间隔为0.1s，依打点先后编为0，1，2，3，4，5由于不小心，几条纸带都被撕断了，如图所示请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：在B，C，D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应该是_【答案】（1）0.864；0.64（2）B（3）C 【解析】进行计算时，仍然用0.02s，根据，因此测出的平均速度数值将比物体的真实数值小，故B正确；（3）根据匀变速直线运动的特点（相邻的时间间隔位移之差相等）得出：x45-x34=x34-x23=x23-x12=x12-x01所以属于纸带A的是C图考点：研究
15、匀变速直线运动【名师点睛】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用.四计算题（16题8分，17题8分，18题8分，19题10分，20题10分，共44分）16. 某物体做初速度为10m/s，加速度为4m/s2的匀加速直线运动，问：（1）物体第4秒末的速度为多少？（2）前4秒内物体的平均速度为多少？（3）第8秒内物体的位移为多少？ 【答案】（1）26m/s（2）18m/s（3）40m【解析】考点：匀变速直线运动的规律的应用【名师点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用，都是基础知识。17. 一个做匀加速直线
16、运动的物体，在前4 s内经过的位移为24 m，在第二个4 s内经过的位移是60 m，求这个物体运动的加速度和初速度各是多少？【答案】2.25m/s2 1.5m/s【解析】试题分析：第1个4s内的位移：s1=v0t+at2第2个4s内的位移：s2=v0（2t）+a（2t）2-（v0t+at2）将s1=24m、s2=60m、t=4s代入上式，解得：a=2.25m/s2，v0=1.5m/s考点：匀变速直线运动的规律的应用【名师点睛】本题运用运动学的位移公式分别对两段位移进行列式，得到关于加速度和初速度的两个方程，再解方程组求解的，也可以运用匀变速直线运动的推论求解。18. 如图所示，A、B两棒长均为
17、L1m，A的下端和B的上端相距s20m，若同时A做自由落体运动，B做初速度为v040m/s的竖直上抛运动，求：(1)A、B两棒何时相遇；(2)从相遇开始到分离所需时间【答案】0.5s 0.05s【解析】试题分析：（1）以A为参考系，B以v0向上匀速运动，在相遇的过程中，B的位移为s，根据匀速直线运解得：，故考点：匀变速直线运动的规律【名师点睛】解决本题的巧妙之处是以A为参考系，B以v0向上匀速运动，根据匀速直线运动的公式进行求解本题也可以地面为参考系，根据匀变速直线运动的公式求解。19. 甲、乙两车相距40.5m，同时沿平直公路做直线运动，甲车在前，以初速度v1=16m/s，加速度a1=2m/
18、s2作匀减速直线运动，乙车在后，以初速度v2=4.0m/s，加速度a2=1.0m/s2与甲同向作匀加速直线运动，求：（1）甲、乙两车相遇前相距的最大距离（2）乙车追上甲车经历的时间【答案】(1)64.5m (2)11s 【解析】试题分析：（1）设经过时间t1二者速度相等，此时两车间的距离最大即：v1+a1t=v2+a2t得16-2t1=4+t1解得：t1=4.0s此时甲车x1v1t1+a1t1248m对乙车x2v2t1+a2t1224m则相遇前最大距离为：xmax=x0+x1-x2=64.5m故两车的最大距离为64.5m则乙车追上甲车经历的时间为：t=t2+t3=11s故乙车追上甲车经历的时间
19、为11s考点：追击及相遇问题【名师点睛】此题是追击及相遇问题，解决本题的关键理清两车的运动，可以画出运动的示意图，知道两车相遇前，速度相等时有最大距离。20. 如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始匀加速下滑，经过B点后进入 （设经过B点前后速度大小不变），在水平面做匀减速直线运动，最后停在C点每隔0.2s通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据求：t（s）0.00.20.41.21.41.6V（m/s）0.01.02.06.05.54.5（1）物体在斜面和水平面上滑行的加速度大小；（2）物体在斜面上下滑的时间；（3）物体在水平面上滑行的位移大小(保留两位有效数字）【答案】(1)5m/s2；5m/s2(2) 1.25s ； (3)3.9m【解析】试题分析：（1）物体在斜面上的加速度为：，考点：匀变速直线运动的规律的应用【名师点睛】解决本题的关键理清物体的运动规律，结合运动学公式灵活求解，知道B点的速度最大，即匀加速运动的末速度等于匀减速运动的初速度。
