1、新课标版高考模拟理综生物2014年高考模拟系列试卷理科综合能力测试【新课标版】 题 号第I卷第II卷必做题选做题得 分本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。满分300分，考试时间150分钟。第卷 （选择题 共126分）一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的4个选项中，只有一项是符合题目要求的。1下列过程一定不在细胞器中进行的是 （ ） A脂蛋白的合成 B抗体杀灭抗原 CDNA复制 D丙酮酸的彻底氧化分解 2下列关于下丘脑的描述正确的是 （ ） A下丘脑对垂体的调控，是通过分泌各种促激素释放素实现的。 B下丘脑的渴觉中枢，能分泌抗利尿激素，调节体内水平衡。 C血糖
2、平衡的调节只有在下丘脑功能完全的情况下才能完成。 D调节体温的主要中枢位于下丘脑。3下列关于叶绿体和线粒体的描述，错误的是 （ ） A它们都由两层生物膜构成且是生物膜系统的组成部分 B它们的内部都有基质且含有DNA和相同的酶 C叶绿体内部还有类囊体堆叠的基粒且上面附有很多色素 D线粒体内膜上附有许多酶且能催化水的生成4隔离在物种形成中的根本作用是 （ ） A使种群间的雌雄个体失去交配机会 B使种群间基因不能自由交流 C使种群间的个体互不认识 D使不同种群适应于不同的地理环境5下图表示某生物细胞中两条染色体及其上部分基因，下列选项的结果中，不属于染色体变异引起的是 （ ） 6下列相关实验中，试剂
3、的选择正确的是 （ ） A在“观察洋葱表皮细胞质壁分离和复原”实验中，选择质量浓度为05g/mL的蔗糖溶液 B在“探究酵母菌的呼吸方式”实验中，使用酸性重铬酸钾溶液检测酒精 C在“绿叶中色素的提取和分离”实验中，使用蒸馏水提取色素 D在“观察细胞的有丝分裂”实验中，使用苏丹染液使染色体着色29（11分）为探究影响光合作用强度的因素，将同一品种玉米苗置于25条件下培养，实验结果如图所示。请回答相关问题。（1）与D点相比，B点条件下限制玉米CO2吸收速率的因素是_，C点条件下限制玉米CO2吸收速率的主要因素是_。（2）实验结果表明，在土壤含水量为_%的条件下，施肥效果最好。若土壤中缺少Mg元素，则
4、植物叶片往往表现出的症状是_，原因是_。（3）在温室中，其他条件适宜的情况下，如果突然停止光照，叶绿体内C3含量的变化是_（填“增加”“减少”或“不变”）。（4）当连续阴天光照不足时，应适当 （升高或降低）温室内的温度，原因是 。（5）为提高大田中玉米在单位时间内单位土地面积上有机物产量，我们可以采取的措施有：_（至少写出2项）。30（13分）下图是某家族遗传系谱图，请据图回答： （1）乙图是某家族遗传系谱图，已知甲病（基因用Aa表示）为一种常染色体遗传病。乙病（基因用Bb表示）致病基因位于 染色体上，为 性基因。（2）乙图中2个体的基因型是 。如果6不携带甲病致病基因，则图中2与3结婚生一对
5、同卵双胞胎，两个孩子都得病的概率是 。（3）若乙图中2与3结婚生了一个男孩，则该男孩患乙病的概率为 。（4）5个体在形成生殖细胞时，控制甲病的基因和正常基因的分离发生在 _ _时期。31（8分）根据所学知识，回答与小白鼠生命活动调节相关的问题： （I）机体进行正常生命活动的必要条件是_，维持该必要条件的主要调节机制是_调节网络。 （2）下丘脑与垂体之间有神经联系和血液联系，切断其神经联系后，血液中的促甲状腺激素含量没有减少，说明下丘脑调节垂体分泌促甲状腺激素的方式是_调节。 （3）性激素与甲状腺激素的分泌调节方式相似，由此推测下丘脑通过分泌_激素间接调节性腺的活动。 （4）已知卵巢分泌的雌性激
6、素能促进子宫发育。研究人员为探究垂体能分泌促性腺激素影响卵巢和子宫的发育，用一批幼鼠做了如下实验：组别手术处理方法相同条件下喂养一段时间后，卵巢平均重量（mg）相同条件下喂养一段时间后，子宫平均重量（rag）1不作处理682162A36933切除垂体，同时定期注射适量雌性激素372194切除垂体，同时定期注射适量促性腺激素66218请回答：分组时应将健康生长发育状况和个体大小相近的_幼鼠随机分成4组，每组10只。表中第_组是本实验的对照组。表中A处的处理方法是_。第3组实验结果产生的原因是_。32（8分）某种植物上栖息着一定数量的甲乙两种昆虫和蜘蛛。甲乙两种昆虫均以该植物为食，蜘蛛以乙昆虫为食
7、。甲昆虫在白天活动，乙昆虫在夜晚活动。甲昆虫采该种植物的叶片后，植物会释放出挥发性的物质X，X既可吸引甲昆虫的天敌，也能驱赶乙昆虫。请回答：（1）上述现象中，X分别在_之间进行传递。（2）影响甲昆虫活动的信息有两大来源，分别是_和_。影响乙昆虫活动的信息种类是_。蜘蛛在蜘蛛网上捕食乙昆虫所利用的信息种类的_。（3）若在上述植物上施用人工合成的物质X，短期内该植物上甲昆虫天敌和乙昆虫天敌数量的变化是_。（二）选考题（共45分，请考生从给出的4道物理题3道化学题2道生物题中每科任选显紫色39生物选修1生物技术实践（15分）资料显示，近十年来，PCR技术（DNA聚合酶链式反应技术）成为分子生物实验的
8、一种常规手段，其原理是利用DNA半保留复制的特性，在试管中进行DNA的人工复制（如下图），在很短的时间内，将DNA扩增几百万倍甚至几十亿倍，使分子生物实验所需的遗传物质不再受限于活的生物体。请据图回答：（1）加热至94的目的是使DNA样品的 键断裂，这一过程在生物体细胞内是通过 酶的作用来完成的。通过分析得出新合成的DNA分子中，A=T，C=G，这个事实说明DNA分子的合成遵循 。（2）新合成的DNA分子与模板DNA分子完全相同的原因是 和 。（3）通过PCR技术使DNA分子大量复制时，若将一个用15N标记的模板DNA分子（第一代）放入试管中，以14N标记的脱氧核苷酸为原料，连续复制到第五代时
9、，含15N标记的DNA分子单链数占全部DNA总单链数的比例为 。（4）PCR技术不仅为遗传病的诊断带来了便利，而且改进了检测细菌和病毒的方法。若要检测一个人是否感染了艾滋病病毒，你认为可以用PCR扩增血液中的（ ） A白细胞DNA B病毒蛋白质 C血浆抗体 D病毒核酸40生物选3现代生物科技专题（15分）肺癌在全国的发病率居肿瘤之首，小细胞肺癌是恶性程度最高的一种，上海肺瘤研究所细胞与分子免疫研究室在国内率先研制出一种名叫“2F7”的靶向生物导弹。这种生物导弹是一种专门对小细胞肺癌产生特定靶向性的特异性单克隆抗体。注入静脉后，会“直扑”小细胞肺癌病灶，使其携带的肿瘤化疗药物能“集中火力”抑制杀
10、灭肿瘤细胞。这预示着有望弥补化疗药物“良莠不分”损害全身免疫力的缺陷。（1）制备单克隆抗体的依据是：每种 只能产生一种特异性抗体，瘤细胞能 。（2）制备单克隆抗体用到的动物细胞工程技术手段有 。（3）单克隆抗体是由 细胞产生的。（4）静脉注入而不是口服单克隆抗体的原因是 。（5）单克隆抗体与肿瘤细胞结合并发挥作用的过程属于 免疫的 阶段。参考答案生物试题答案：16：B D B B C B29（11分）（1）光照强度 土壤含水量（水分）（2）60% 变黄 镁是叶绿素的必要万分，缺镁导致叶绿素合成减少（3）增加（4）降低 原因是此时光照弱，光合作用弱，产生有机物少；降低温度可以降低呼吸作用强度，减
11、少有机物消耗（2分）（5）合理密植，一年多种几茬，适当通风，适时种植，合理施肥，适当增施农家肥（2分）30（1）常 显 （2）aaBb 5/8 （3）1/2 （4）减数第一次分裂后期31（8分，特殊说明外，每空1）（1）内环境稳态 神经-体液-免疫（2）体液（或激素）（3）促性腺激素释放 （4）雌性 1 切除垂体 ，同时注射等量溶剂 切除垂体后，促性腺激素减少，导致卵巢不能正常发育（1分），而定期注射的雌激素促进了子宫发育（1分）32（1）植物与甲昆虫的天敌；植物与乙昆虫（2分）（2）无机环境 生物 化学信息和物理信息（其他合理答案也给分） 物理信息（其他合理答案也给分） （每空1分，共4分）
12、（3）甲昆虫天敌数量增加，乙昆虫天敌数量减少（2分）39（无特殊说明，每空2分，共15分）（1）氢， 解旋， 碱基互补配对原则。（2）DNA分子中独特的双螺旋结构（或以模板DNA分子的一条链为模板进行半保留复制） 复制过程中严格遵循碱基互补配对原则。（3）1/16 （3分） （4） D40（无特殊说明，每空2分，共15分）（1）效应B细胞 瘤细胞能无限增殖 （2）动物细胞融合动物细胞培养（3分）（3）杂交瘤（4）抗体是蛋白质，若口服则被消化，使抗体失去其功能（5）体液 效应化学试题答案7 A8 C9 C10 B11 D12 A13B26（共15分）（1） 生成的氧气的体积（2分）（2分）偏低（
13、2分）（2） 生成的二氧化碳的质量（2分）空气中的水与二氧化碳进入增重使结果偏大（2分）产生的二氧化碳在装置及导管中没有完全被吸收使结果偏小（2分）（3） （3分）27 （15分）（1） KSO2NaOH=NaHSO3（2） 提高铁元素的浸出率抑制Fe3水解（3） Cl22Fe2=2Cl2Fe3Cl2HCl28 （15分）（1） CH4（g）2H2O（g）=CO2（g）4H2（g）；H 1650 kJmol1（2） 为H2S热分解反应提供热量2H2SSO2=2H2O3S （或4H2S2SO2=4H2O3S2）（3） HO（或氢原子氧原子）（4） CO（NH2）28OH6e=CON26H2O（5
14、） 2Mg2Cu3H2MgCu23MgH217 （共15分）（1） 最后一次洗涤的流出液呈无色（3分）（2） 水浴加热（并用温度计指示温度）（3分）（3） 赶尽体系中的氧气（3分）鼓气使反应物进入管式炉中进行反应（3分）（4）2Cr3+3Ca（OH）2=2Cr（OH）3+3Ca2+（3分）37（1） 3d84s2（1分）d（1分）（2） sp2（1分）90NA（2分）（3） 12（2分）4（2分）（4） 分子晶体（1分）CO（1分）5（1分）（5） BC（3分）38 （共15分）（1） 取代反应（1分）14（2分）（2） （2分）C2H5OH（2分）（3） （2分）（2分）（2分）（4） （或
15、其他合理答案）（2分）物理试题答案14C解析：开普勒通过长期的天文观测，指出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，并提出行星运动的三个定律，A 项错；“月地检验”是在发现万有引力定律之前，人们为了证实地面物体所受地球的引力与月球所受地球的引力是同一种力而进行的有关测定和计算，要比伽利略时代晚一些，B选项错误；卡文迪许通过“扭秤实验”测出了引力常量G的数值，C项正确；牛顿运动定律适用于宏观低速运动的物体，对于微观高速运动的粒子不再适用，D 选项错误。15C 解析：A项位移正负交替，说明物体做往复运动；B项物体先做匀加速运动，再做匀减速运动，然后做反向匀加速运动，再反向匀减速运动，周而复始；C项表示物
16、体先做匀加速运动，再做匀减速运动，循环下去，物体始终单向运动，C项正确，D项从面积判断物体速度有负的出现，不是单向运动。16AB解析：从丙图知道，汽车的加速度为，还知道初速度为0和运动的时间，因此可以根据和求出汽车的长度以及3s末汽车的速度，AB正确；由于汽车所受阻力无法确定，故牵引力大小无法确定，CD项错。17B解析：交流电表读出的数值是有效值，A项错。原线圈u1=310sin314t（V），频率为50Hz，副线圈两端的电压频率和原线圈电压频率相同，B项正确；开关与a连接，在变阻器触头P向上移动的过程中，电阻值变大，变压器的输出电压不变，即电压表示数不变，电流表的示数变小，C项错。当开关由a
17、扳向b时，变压器的输出电压变大，输出功率变大，原线圈输入功率也变大，D项错。18A C解析：两个木块间达到最大静摩擦力mg时，质量为2 m的木块受到地面的滑动摩擦力为3mg=mg，所以木块与水平面间的动摩擦因数最大为，以整体为研究对象得F=2mg，选项A C正确。19C解析：ac 两点间的电势差V，由得，场强E40V/m，AB项错；bd两点间的电势差V，解得d点的电势为V，或者根据，即，得V，C项正确，D项错误。20B解析：环释放后重物加速上升，故绳中张力一定大于2mg，A项错；环到达B处时，绳与直杆间的夹角为45，重物上升的高度，B项正确；如图所示，将环速度v进行正交分解，重物上升的速度与其
18、分速度v1大小相等，所以，环在B处的速度与重物上升的速度大小之比等于，C项错；环和重物总的机械能守恒，故D项错。21CD 解析：导体棒切割磁感线产生电动势，由右手定则可知，电阻R上的感应电流方向由c到a，A错；物块释放的瞬间，导体棒中感应电流为零，不受安培阻力，物块和导体棒的加速度最大，mg=2ma，a=05g ，B错；当物块和导体棒的加速度为零时，导体棒受到的安培力等于物块的重力，即安培力=mg，则最大速度为vm=，C对；通过电阻R的电量q=it，电动势平均值为E=，故q=，D对。22（8分）解析：（1）功W与距离L成正比，得到L和v的关系即可得到W和v的关系，因此不必测量物体的质量。（2）
19、采用表格方法记录数据，合理。绘制的Lv图象是曲线，不能得出结论Wv 2。为了更直观地看出L和v的变化关系，应该绘制Lv2图象。（3）重力和摩擦力的总功W也与距离L成正比，因此不会影响探究的结果。答案：（1）不需要。（1分）（2）不合适，应进一步绘制Lv2图象。（2分）（3）不会（1分）23（11分）解析：作出UI图线，如图所示。由图线得，电压等于25V时，电流约03A，其功率约为075W，即该灯的额定电压为25V。灯泡电阻随温度升高而变大，故一开始的计算结果偏小。由记录的数据可知，毫安表需选用A2，并且需外接，在控制电路中，当采用限流式接法时，通过表中第一组数据可以求出可变电阻R约为（402）
20、/008475，故选用变阻器R2完全可以满足要求，电路图选（A）。若采用分压式接法，由于灯泡的最大电阻约25/0383，变阻器R1与灯泡并联部分的最大阻值约为167（电动势为4V），滑动触头在阻值0167间滑动，也可以比较方便地进行操作，电路图选择（C）。答案：（1）如图（3分）；25（2分）；灯泡冷态电阻小于正常工作时的电阻（或答灯泡电阻随温度升高而变大，意思对就可以给分），（1分）；（2）（A）（2分）；A2（1分）；R2（2分）；（说明：如果电路图选（C），且滑线变阻器选R1的，可以得4分；电路图选（C），但滑线变阻器选R2的，只能得2分）24（14分）解析：令x1表示未加F时弹簧的压缩
21、量，由胡克定律和牛顿定律可知mgsin30=kx1 （1分）令x2表示B 刚要离开C时弹簧的伸长量，a表示此时A 的加速度，由胡克定律和牛顿定律可知kx2=mgsin30 （1分）Fmgsin30kx2=ma （2分）将F=2mg和=30代入以上各式，解得 （1分）由x1+x2 = （1分）解得t=（2分）（2）物块B刚要离开C时，物块A的速度为（2分）此时弹簧的伸长量和F开始作用时的压缩量相同，弹簧的弹性势能改变量为零。由动能定理得 （2分）解得 （2分）答案：（1）；（2）25（18分）解析：（1）粒子带负电，从O点射入磁场，沿顺时针方向做圆周运动，轨迹如图。第一次经过磁场边界上的A点由，
22、（2分）得m，（1分）所以，A点坐标为（-410-3m，-410-3m）。（1分）（2）设粒子在磁场中做圆周运动的周期为T，则t=tOA+tAC=，其中T=（2分）代入数据解得：T=125610-5s（2分）所以 t=125610-5s （保留的，可以不扣分。1分）（3）粒子从C点沿y轴正方向进入电场，做类平抛运动，则，（2分）（2分）代入数据解得： m（2分）y=-2r=02-2410-3m=0192m（2分）离开电磁场时的位置坐标 （0，0192m）。（1分）答案：（1）A点位置坐标（-410-3m，-410-3m）；（2）t=125610-5s；（3）（0，0192m）。33（15分）解
23、析：（1）活塞缓慢移动，气体温度环境，气体分子平均动能不变， B项正确；理想气体内能只与温度有关，故内能不变，D项错；气体分子的速率遵守统计规律，A项错；气体等温膨胀，压强减小，水平外力F逐渐变大，C项正确；气体膨胀对外界做功，内能不变，故吸收热量，E项错；此过程不违反热力学第一定律，F项错；气体是从单一热源吸热，全部用来对外做功，由于此过程需要借助外界的影响才能实现，故不违反热力学第二定律，G项正确。（2）（i）ACB过程中W1280J，Q1410J（1分）由热力学第一定律UBUAW1Q1690J（2分）气体内能的减少量为690J（1分）（ii）因为一定质量理想气体的内能只是温度的函数，BD
24、A过程中气体内能变化量UAUB690J（2分）由题知W2200J由热力学第一定律 UAUBW2Q2（2分）Q2490J（1分）即吸收热量490J（1分）答案：（1）BCG；（2）（i）内能减少690J；（ii）吸收热量490 J34（15分）解析：（1）解析：由波形图可知，bc是两相邻的两个波峰，所以相差一个波长，波长为5m，A项错；因为质点b的起振时刻比质点a晚，所以波沿x轴的正方向传播，D项正确；而ab相差T/2，所以T是1秒，波的频率为1Hz，B项错；波速m/s，C项错。答案：D。（i）光在棱镜中传播的速率=2108m/s （3分）（ii）由折射率 （1分）得AB面上的折射角 r=30（
25、2分）由几何关系得，BC面上的入射角 =45（2分）全反射临界角C=arcsin，光在BC面上发生全反射，光路如图所示。（2分）答案：（1）D；（2）（i）2108m/s；（ii）光路如图35（15分）解析：（1）卢瑟福粒子散射实验的结论是，绝大多数粒子穿过金箔后基本上仍沿原方向前进，少数发生了较大的偏转，极少数偏转超过90甚至被弹回，故AC选项正确。（2）（i）设滑块P刚滑上乙车时的速度为v1，此时两车的速度为v2，对整体应用动量守恒和能量关系有：mv12Mv2=0 （2分）E0= （2分）解得：v1=4m/s （1分）（ii）设滑块P和小车乙达到的共同速度为v，滑块P在乙车上滑行的距离为L，对滑块P和小车乙应用动量守恒和能量关系有：mv1Mv2=（mM）v （2分）mgL= （2分）解得：L=m （1分）答案：（1）AC；（2）（i）4m/s；（ii）m
