全国各地中考物理压轴题汇编浙江专版.docx

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全国各地中考物理压轴题汇编浙江专版

2018年全国各地中考物理压轴题汇编（浙江专版）

选择填空题

参考答案与试题解析

一．选择题（共14小题）

1．（2018•杭州）如图，质量分布均匀的长方体重物A、B，密度分别为ρA和ρB，底面积分别为SA和SB，且SA＞SB，将它们放在水平面上，它们对地面的压强相等。

现水平割去上半部分（如图中虚线所示），剩余部分对地面的压强分别为pA和pB，对地面的压力分别为FA和FB，下列物理量大小比较的关系正确的是（　　）

A．FA＜FBB．pA＞pB

C．ρA＞ρBD．切割前后A、B对地面的压强均不变

解：

（1）设A的边长为hA，B的边长为hB，对于柱状实心物体，则根据p=ρgh可得A、B对地面的压强分别为：

pA0=ρAghA，

pB0=ρBghB，

已知它们对地面的压强相等，即：

pA0=pB0，

所以，ρAghA=ρBghB。

由图可知：

hA＜hB，

所以，ρA＞ρB，故C正确；

（2）长方体A、B沿水平割去上半部分（如图中虚线所示），则hA′=

hA，hB′=

hB，

则剩余部分对地面的压强分别为：

pA=ρAghA′=ρAg

hA=

ρAghA=

pA0，

pB=ρBghB′=ρBg

hB=

ρBghB=

pB0，故D错误；

已知pA0=pB0，则pA=pB，故B错误；

（3）由于SA＞SB，根据F=pS可得：

剩余部分对地面的压力FA＞FB，故A错误。

故选：

C。

2．（2018•宁波）如图是正常家庭电路的一部分。

下列说法正确的是（　　）

A．导线B与大地之间的电压为220V

B．测电笔先后插入插座的左右插孔，氖管都发光

C．电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地

D．断开开关S后，站在地上的人接触a点或b点一定不会触电

解：

由图知，开关接在导线A上，所以A是火线，B是零线，

A、火线和零线间的电压为220V，零线和大地之间的电压为0，导线B与大地之间的电压为0，故A错误；

B、插座的左孔接零线，右孔接火线，所以测电笔插入插座的左氖管不发光，插入插座的右插孔氖管发光，故B错误；

C、三孔插座已接地，当电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地，这样能，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，故C正确；

D、由图可知，开关S断开时，虽然灯泡不发光，但火线没有被切断，所以人接触a点会触电，b在零线上，所以接触b点不会发生触电事故，故D错误。

故选：

C。

3．（2018•温州）如图为吸盘式挂杆，将吸盘压在瓷砖上排尽其中的空气，挂杆就能被固定在瓷砖上，挂有平底锅的挂钩沿光滑水平横杆从P点开始向吸盘B移动，若吸盘与横杆的重力、吸盘大小均忽略不计，设挂钩与吸盘A的距离为l，则吸盘B受到的摩擦力F的大小与l的关系图象为

（　　）

A．

B．

C．

D．

解：

以吸盘A为支点，设挂钩与吸盘A的距离为l，根据杠杆的平衡条件可得，

G×l=F×AB，F=

，AB、G不变，l不为零，故吸盘B受到的摩擦力F的大小与l的关系图象为D。

故选：

D。

4．（2018•宁波）如图所示，F1=4N，F2=3N，此时物体A相对于地面静止，物体B以0.1m/s的速度在物体A表面向左做匀速直线运动（不计弹簧测力计、滑轮和绳子的自重及滑轮和绳子之间的摩擦）。

下列说法错误的是（　　）

A．F2的功率为0.6WB．弹簧测力计读数为9N

C．物体A和地面之间有摩擦力D．如果增大F2，物体A可能向左运动

解：

A、由图知，水平使用滑轮组，n=2，拉力端移动速度v=2v物=2×0.1m/s=0.2m/s，拉力做功功率P2=F2v=3N×0.2m/s=0.6W，故A正确；

B、不计弹簧测力计、滑轮和绳子的自重及滑轮和绳子之间的摩擦，弹簧测力计的示数F=3F2=3×3N=9N，故B正确；

C、对于物体A，受到的力：

B向左的摩擦力fB=2F2=2×3N=6N、

向右的拉力F1=4N、

因为A静止，所以地面向右的摩擦力f地=fB﹣F1=6N﹣4N=2N，所以物体A与地面之间有摩擦力，故C正确；

D、如果增大F2，B将做加速运动，B对A的压力和接触面的粗糙程度不变，B与A之间的摩擦力不变，A受力不变，还是处于静止状态，故D错。

故选：

D。

5．（2018•嘉兴）图象法是利用图象这种特殊且形象的工具，表达各科学量之间存在的内在关系或规律的方法。

下列从图象中获得的结论错误的是（　　）

A．ρ1＞ρ2B．R1＞R2C．υ1＞υ2D．p1＞p2

解：

A、根据ρ=

可知，在物体的体积相同时，质量越大，密度越大，由图象可知ρ1＞ρ2，故A正确；

B、根据R=

可知，在电压相同时，电流越大，导体的电阻越小，由图象可知R1＜R2，故B错误；

C、根据v=

可知，在时间相同时，路程越大，速度越大，由图象可知v1＞v2，故C正确；

D、根据p=

可知，在受力面积相同时，压力越大，压强越大，由图象可知p1＞p2，故D正确。

故选：

B。

6．（2018•湖州）小华在研究凸透镜成像规律时，将平行光正对凸透镜照射，另一侧的光屏移动到距凸透镜10厘米处时，得到一个最小最亮的光斑。

接着把光源换成蜡烛，调整好相关器材的高度，将凸透镜固定在光具座中央50厘米刻度线处，移动蜡烛到光具座的左端并点燃，再移动光屏至如图所示位置时，在光屏中央得到一个清晰的像。

保持凸透镜位置不变，通过移动蜡烛及光屏的位置，下列成像情况符合实际的是（　　）

A．若蜡烛放置在10厘米刻度线处，移动光屏，在光屏上都不能呈清晰的像

B．若蜡烛放置在30厘米刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈清晰缩小的像

C．若蜡烛放置在35厘米刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈清晰放大的像

D．若蜡烛放置在45厘米刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈清晰放大的像

解：

A、若蜡烛放置在10厘米刻度线处，物距u=50cm﹣10cm=40cm，满足u＞2f，由凸透镜成像规律可知，成倒立、缩小的实像。

移动光屏，在光屏上能呈清晰的像，故A错误；

B、若蜡烛放置在30厘米刻度线处，物距u=50cm﹣30cm=20cm，满足u=2f。

由凸透镜成像规律可知，成倒立、等大的实像，故B错误；

C、若蜡烛放置在35厘米刻度线处，物距u=50cm﹣35cm，满足2f＞u＞f，由凸透镜成像规律可知，成倒立、放大的实像，移动光屏，可在光屏上呈清晰放大的像，故C正确；

D、若蜡烛放置在35厘米刻度线处，物距u=50cm﹣45cm=5cm，满足u＜f，由凸透镜成像规律可知，成正立、放大的虚像，虚像不能成在光屏上，故D错误。

故选：

C。

7．（2018•绍兴）如图，木块以一定的速度滑过A、B点，到C点滑出下落至D点，A和B、C和D之间的垂直距离均为h。

若空气阻力忽略不计，则对木块在运动过程中能量变化的分析，正确的是（　　）

A．D点与A点相比，动能增加，势能减少，机械能不变

B．A点到C点减少的重力势能大于C点到D点减少的重力势能

C．B点的动能可能等于A点的动能，但一定大于C点的动能

D．B点的动能可能等于D点的动能，但一定大于A点的动能

解：

A、D点与A点相比，势能减少，由于存在摩擦，机械能转化为内能，机械能减小，故A错误；

B、A和B、C和D之间的垂直距离均为h，则A点到C点减少的重力势能等于C点到D点减少的重力势能，故B错误；

C、木块以一定的速度下滑，B点的动能可能等于A点的动能，由于不知道BC是否是光滑的，故无法判定BC两点速度的大小，无法比较动能大小，故C错误；

D、木块从B到C，若木块与地面有摩擦，则C处的动能小于B处的动能，从C到D，由于忽略空气阻力，木块的重力势能减小，动能增加，故D点动能大于C点动能，可能会等于B点的动能，故D正确。

故选：

D。

8．（2018•湖州）在某次演习中，解放军在海拔6000米的高空空投重达8吨的新型履带式伞兵战车，如图。

空投下来的战车在后阶段可认为与降落伞一起匀速竖直掉向地面。

下列观点正确的是（　　）

A．伞兵战车出机舱后在水平方向仍会向前运动，这是由于战车受到惯性的作用

B．后阶段匀速下降的过程中机械能守恒

C．空投战车后，若飞机仍在原高度水平飞行，则飞机的势能比空投前减小

D．伞兵战车从出机舱到地面的整个过程中，重力做功4.8×107焦

解：

A、伞兵战车出机舱后在水平方向仍会向前运动，这是由于战车具有惯性，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故A错误；

B、后阶段匀速下降的过程中，动能不变，高度减小，重力势能减小，机械能减小，故B错误；

C、空投战车后，若飞机仍在原高度水平飞行，由于飞机的质量减小了，故飞机的势能比空投前减小，故C正确；

D、伞兵战车从出机舱到地面的整个过程中，重力做功为：

W=Gh=mgh=8000kg×10N/kg×6000m=4.8×108J，故D错误。

故选：

C。

9．（2018•金华）2018年2月22日，在短道速滑男子500米决赛中，武大靖为中国赢得平昌冬奥会首枚金牌，下列说法正确的是（　　）

A．把冰刀磨得很锋利，是为了增大摩擦力

B．冲过终点后不能立即停止滑行，是因为运动员具有惯性

C．以滑行中的运动员作为参照物，观众是静止的

D．运动员用力蹬冰面就会向前运动，说明力是维持物体运动的原因

解：

A、把冰刀磨得很锋利，是通过减小受力面积来增大压强，故A错误；

B、冲过终点后运动员由于惯性继续向前运动，不能立即停止滑行，故B正确；

C、以滑行中的运动员作为参照物，观众与运动员有位置的变化，是运动的，故C错误；

D、运动员用力蹬冰面对冰面有一个向后的力，因为物体间力的作用是相互的，地面对运动员一个向前的力，运动员就会向前运动，说明力是改变物体运动的原因，故D错误。

故选：

B。

10．（2018•衢州）如图所示是汽车起重机，其中A、B组成滑轮组（结构如示意图），C杆伸缩可改变吊臂的长短，D杆伸缩可改变吊臂与水平面的角度，O为吊臂的转动轴，装在E里的电动机牵引钢丝绳，利用滑轮组提升重物，H为在车身外侧增加的支柱，F为吊臂顶端受到竖直向下的力。

下列有关汽车起重机的叙述中错误的是（　　）

A．滑轮组中A滑轮用于改变力的方向

B．当C杆伸长时吊臂对D杆的压力将变大

C．当D杆伸长时力F的力臂将变小

D．H的作用是工作时以防翻车和避免轮胎受到的压力过大

解：

A、A滑轮随物体一起移动是动滑轮，动滑轮可以省力但可以改变力的方向，故A错误；

B、当C杆伸长时吊臂阻力臂变长，在阻力和动力臂一定时，阻力臂越长，动力越大，根据物体间力的作用是相互的知，对D杆的压力将变大，故B正确；

C、当D杆伸长时力，物体变高，阻力臂F的力臂将变小，故C正确；

D、操纵汽车起重机时，应在车身外侧增加支柱即H，以防翻车，并避免轮胎受到过大的压力。

故D正确。

故选：

A。

11．（2018•金华）如图，用刻度均匀的匀质杠杆进行“杠杆平衡条件”的实验（每个钩码重为0.5牛），下列说法正确的是（　　）

A．

实验前出现如图所示情况，应将杠杆的平衡螺母向左调

B．

如图，在AB处各增加一个钩码，杠杆仍然能保持平衡

C．

如图，弹簧测力计从a位置转到b，为保持杠杆在水平位置平衡，其示数需变大

D．

如图，用弹簧测力计在c点向上拉杠杆，为保持杠杆在水平位置平衡，其示数小于3牛

解：

A、由图可知，杠杆的右端上翘，要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母应向右端移动，故A错误；

B、设一个钩码重为G，一格的长度为L，

原来：

3G×2L=2G×3L，杠杆平衡；

在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相等的钩码，现在：

4G×2L＜3G×3L，所以杠杆不再平衡，杠杆的右端下沉，故B错误；

C、图中弹簧测力计从a位置转到b，此时拉力F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，拉力变大，即测力计的示数变大，故C正确；

D、若不计杠杆的重力，根据杠杆的平衡条件可得：

F′•2L=3G•4L，

解得测力计的示数：

F′=6G=6×0.5N=3N；

利用如图所示装置进行探究，杠杆的重力不能忽略，且杠杆的重心在杆的中点（杠杆的重心没有通过支点），杠杆的重力与钩码的重力都会使杠杆向逆时针方向转动，所以弹簧测力计的示数应大于3N，故D错误。

故选：

C。

12．（2018•台州）如图是验证“平面镜成像特点”的实验装置，其中A为玻璃板前点燃的蜡烛，B为玻璃板后未点燃的蜡烛。

有关本实验的说法错误的是（　　）

A．玻璃板应该与桌面垂直

B．实验宜在较暗的环境中进行

C．眼睛应从B一侧观察成像情况

D．蜡烛燃烧较长时间后像物不再重合

解：

A、实验时玻璃板如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，就无法验证像的位置和大小，所以玻璃板应与水平桌面垂直放置。

故A正确；

B、在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮。

所以在比较黑暗的环境中进行实验，故B正确；

C、寻找蜡烛A的像的位置时，眼睛应在蜡烛A一侧观察，在蜡烛B的一侧不能看到蜡烛A的像；故C错误；

D、平面镜所成的像，物像等大，蜡烛燃烧较长时间后像物不再重合，故D正确。

故选：

C。

13．（2018•衢州）在探究“阻力对物体运动的影响”时，让同一小车每次都从同一斜面的同一位置静止滑下，使小车分别在毛巾、棉布和木板上运动直至静止，小车运动距离如图所示。

下列说法正确的是（　　）

A．小车在毛巾上运动的距离最短，所以它消耗的机械能最少

B．小车在木板上运动的距离最长，所以它消耗的动能最多

C．小车在毛巾、棉布和木板上运动的距离不同，但每次小车获得的内能相同

D．小车在毛巾、棉布和木板上运动的距离不同，但每次小车克服阻力所做的功相同

解：

A、每次实验让小车从同一斜面同一高度由静止滑下，其一开始具有的重力势能是相同的，最后小车在水平面静止，其机械能为零，因此，整个过程中，消耗的机械能是相同的，故A错误；

B、小车到达水平面时的速度相同，说明一开始的动能相同，最后静止时动能都为零，因此，消耗的动能是相同的，与小车运动的距离无关，故B错误；

C、小车运动过程中，将机械能转化为自身的内能和接触面的内能，因此，小车在毛巾、棉布和木板上运动的距离不同，每次小车获得的内能也可能不同，故C错误；

D、由前面的分析可知，小车一开始的机械能是相同的，其最终克服阻力做功，机械能变为零，机械能减少的量相同，因此，每次小车克服阻力所做的功相同，故D正确。

故选：

D。

14．（2018•台州）某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3伏，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图象。

以下有关叙述正确的是（　　）

A．该同学研究的是电流和电压的关系

B．实验中电压表的示数保持0.5伏不变

C．滑动变阻器阻值变化范围为1欧～5欧

D．将Rx从5欧换成10欧后，应将滑片P向左移

解：

A、研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变，由图乙知，电阻是变化的，故A错误；

B、由题意和图象可知，该同学研究的是电流和电阻的关系，实验中要控制Rx两端的电压不变（即电压表示数不变）；

由图乙知，电流与电阻之积（即Rx两端的电压）：

U=IRx=0.5A×5Ω=﹣﹣﹣﹣﹣0.1A×25Ω=2.5V，即电压表保持2.5伏不变，故B错误；

C、由图乙知，电流最大为0.5A时，对应的电阻为5Ω，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻：

R滑1=R总﹣R1=

﹣R1=

﹣5Ω=1Ω；

由图乙知，电流最小为0.1A时，对应的电阻为25Ω，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻：

R滑2=R总′﹣R2=

﹣R2=

﹣25Ω=5Ω；

所以，滑动变阻器阻值变化范围为1欧～5欧，故C正确；

D、根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大（大于2.5V）；

探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压使电压表的示数减小为2.5V，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，故D错误。

故选：

C。

二．填空题（共12小题）

15．（2018•杭州）如图所示，将长为1.2米的轻质木棒平放在水平方形台面上，左右两端点分别为A、B，它们距台面边缘处的距离均为0.3米。

在A端挂一个重为30牛的物体，在B端挂一个重为G的物体。

（1）若G=30牛，台面受到木棒的压力为　60　牛。

（2）若要使木棒右端下沉，B端挂的物体至少要大于　90　牛。

（3）若B端挂物体后，木棒仍在水平台面上静止，则G的取值范围为　10～90　牛。

解：

（1）放在水平方形台面上轻质木棒受左右两物体的竖直向下的拉力和台面竖直向上的支持力，即F支持=F拉力=2G=2×30N=60N；

因为木板对台面的压力和台面对木棒的支持力是一道相互作用力，大小相等，即F压力=F支持=60N；

（2）此时L左=1.2m﹣0.3m=0.9m，L右=0.3m，

根据杠杆的平衡条件：

GA×L左=GB×L右得。

B端挂的物体的重力：

GB=

=

=90N；

（3）若以右边缘为支点，右边力臂最小，力最大为90N；

若以左边缘为支点，右边力臂最大，力最小，此时L左′=0.3m，L右′=1.2m﹣0.3m=0.9m，

最小为：

F小=

=

=10N。

故答案为：

（1）60；

（2）90；（3）l0～90。

16．（2018•宁波）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片从b点滑到a点过程中，两个电压表示数随电流表示数变化的图象如图乙所示。

（1）图乙中　dc　（填“dc”或“ec“）表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象。

（2）该过程中电路消耗的总功率最大值为　36　W。

解：

由电路图知，滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R0两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。

（1）滑动变器的滑片P从b点滑到a点的过程中，滑动变阻器R连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，根据串联电路的分压原理可知：

滑动变阻器两端的电压变小，R2两端的电压变大；所以图乙中dc是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，ec是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线；

（2）由电路图知，P在b点时，电路中电阻最大，电流最小，

由图象可以看出，滑片P在b点时电流Ib=1A，U1=2V、U2=10V；

滑片P在a点时，电路中电阻最小，电流最大，所以电流Ia=3A，U1′=6V、U2′=6V；

根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得电源电压：

U=U1+U2=IbR0+U2，U=U1′+U2′=IaR0+U2′，

电源电压不变，则：

IbR0+U2=IaR0+U2′′，

即：

1A×R0+10V=3A×R0+6V，

解得：

R0=2Ω，则U=1A×2Ω+10V=12V；

所以电路消粍的总功率最大值P=UIa=12V×3A=36W。

故答案为：

（1）dc；36。

17．（2018•温州）如图是小明制作的简易“蒸汽船”模型。

将盛有一定量水的铜制容器安装在“船体”上，用蜡烛对铜制容器底部加热，一段时间后铜管会向右喷蒸汽，“蒸汽船”就向左行驶。

（1）蜡烛对铜制容器底部加热导致容器内水温升高，这是通过　热传递　的方式改变水的内能。

（2）当铜管向右喷蒸汽时“船体”获得喷出的蒸汽对其向左的推力，这说明了　物体间力的作用是相互的　。

解：

（1）蜡烛燃烧放出热量被水吸收而增大水的内能，这是通过热传递的方式改变水内能的；

（2）由图可知，水沸腾时产生大量的水蒸气，水蒸气从铜管喷出时是内能转化为机械能，喷出时给空气一个力，由于物体间力的作用是相互的，空气给水蒸气一个大小相等，方向相反的力推动蒸汽船前行。

故答案为：

热传递；物体间力的作用是相互的。

18．（2018•嘉兴）2018年5月21日，我国长征四号丙运载火箭成功将“鹊桥号”中继星载入太空，为首次月球背面软着陆和巡视勘察等探月任务提供了保障。

（1）运载火箭点火后，火箭向下喷出燃气，获得向上的动力从而加速升空，此动力的施力物体是　燃气　。

（2）由于月球的遮挡，月球背面的着陆器和巡视器无法与地球直接传输信息，“鹊桥号”中继星位于图示　b　（选填“a”或“b”）位置时，可起到信息中转作用。

解：

（1）火箭对喷出的气体有向下的力，同时气体对火箭产生了向上巨大的推力，故施力物体是燃气，受力物体是火箭；

（2）由于月球的遮挡，月球背面的着陆器和巡视器无法与地球直接传输信息，故“鹊桥号”中继星位于b位置时，可以同时与地球和月球背面进行信息和数据交换。

故答案为：

（1）燃气；

（2）b。

19．（2018•温州）如图甲是某身高体重测量仪，当体检者站在台面上时，能自动显示其身高、体重。

（1）若体检者重600牛，双脚与台面的接触面积为0.05米2，则他对台面的压强为　1.2×104　帕。

（2）小明利用某压敏电阻R及相关电路元件设计身高体重测量仪电路，压敏电阻的阻值随压力变化的关系如图乙所示。

现要求用电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，且电压表、电流表的示数分别随身高、体重的增大而增大。

下列电路设计最合理的是　C　。

解：

（1）体检者站在台面上时，对台面的压力为：

F=G=600N；

则他对台面的压强为：

p=

=

=1.2×104Pa；

（2）根据题目要求，电压表、电流表的示数分别随身高、体重的增大而增大。

由图乙知，人的体重越大，对压敏电阻的压力越大，压敏电阻的阻值越小；

A、滑动变阻器与压敏电阻并联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，因并联电路各支路两端的电压相等且等于电源电压，所以滑动变阻器和压敏电阻的阻值变化时，电压表的示数不变，故A错误；

B、压敏电阻与滑动变阻器串联，电压表测量压敏电阻两端的电压，电流表测量电路中的电流；当人的体重增加时，压敏电阻的阻值变小，人的身高增大时（滑片上移），变阻器的阻值变小，根据串联电路中电压与电阻成正比的关系可知，电压表的示数变化无法确定，故B错误；

C、滑动变阻器与压敏电阻并联，由图知，人的身高越高，滑片位置越向上，但变阻器接入电路中的阻值不变，该支路的电流不变，但电压表所测的电阻变大，根据U=IR可知，电压表的示数变大；人的体重越大，压敏电阻的阻值越小，根据I=

可知该支路的电流越大，电流表的示数越大，故C正确；

D、滑动变阻器和压敏电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；当人身高同时增大时，滑片向上移动，变阻器的阻值变大，但同时人的体重增加时，压敏电阻的阻值变小，总电阻无法判断，所以无法判断电流表的示数变化，故D错误。

故选C。

故答案为：

（1）1.2×104；

（2）C。

20．（2018•嘉兴）如图是一个温度自动报警器的工作原理电路图。

当控制电路中有电流通过时，电磁铁左端为　S　极。

在使用中发现，当温度达到设定值时，电铃没有报警。

经检查，各元件完好、电路连接无误，则可能是因为　控制电路电源电压太小　（任写一种）导致工作电路没有接通。

解：

由安培定则可知，电磁铁左端为S极；

当温度升高到设定值时，水银柱与上方金属丝连通，使左侧形成通路，电磁铁中有电流通过，电磁铁吸引衔铁，由于电磁铁磁性的大小与电流大小和匝数多少有关，如果电源电压，使得电流较小，磁性较小，则电磁铁吸引不动衔铁，工作电路不会工作。

故答案为：

S；控制电路电源电压太小。

21．（2018•湖州）“西塞山前白鹭飞，桃花流水鱖鱼肥。

”是唐代张志和描写湖州境内西苕溪美景的词句。

如图所示的是一只白鹭平行于水面飞行的画面。

若以白鹭为参照物，它在水中的