届苏教版遗传和染色体单元测试.docx
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届苏教版遗传和染色体单元测试
2019届苏教版遗传和染色体单元测试
一、选择题
1.(2018·扬州学测模拟)甜豌豆的紫花对白花是一对相对性状,由非同源染色体上的两对等位基因(A和a、B和b)共同控制,其显性基因决定花色的过程如图所示,下列叙述错误的是( )
A.甜豌豆的花色遗传说明某些生物性状是由两对或多对等位基因共同控制的
B.AaBb的紫花甜豌豆的自交后代中紫花和白花甜豌豆的数量比为9∶7
C.AaBb的紫花甜豌豆的测交后代中紫花和白花甜豌豆的数量比为3∶1
D.甜豌豆控制花色基因的遗传符合基因的自由组合定律
解析:
选C 根据流程图可知,A、B基因共同存在(A_B_)时,生物体表现为紫色,A_bb、aaB_、aabb表现为白色。
因此AaBb测交后代中紫花和白花豌豆的数量比为1∶3。
2.(2018·苏州学测模拟)一种观赏植物,纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交,F1为蓝色,若让F1蓝色品种与纯合鲜红品种杂交,子代的表现型及其比例为蓝色∶鲜红色=3∶1,若将F1蓝色植株自花受粉,则F2表现型及其比例最可能是( )
A.蓝色∶鲜红色=1∶1 B.蓝色∶鲜红色=3∶1
C.蓝色∶鲜红色=9∶7D.蓝色∶鲜红色=15∶1
解析:
选D 根据题意,该种观赏植物的蓝色和鲜红色最可能受两对等位基因控制,鲜红色品种基因型为aabb,F1蓝色品种基因型为AaBb,F1自交后代中鲜红色品种aabb的概率为1/4×1/4=1/16,蓝色品种为1-1/16=15/16,表现型比例为蓝色∶鲜红色=15∶1。
3.用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F1全部表现为红花。
若F1自交,得到的F2植株中,红花为272株,白花为212株;若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉,得到的子代植株中,红花为101株,白花为302株。
根据上述杂交实验结果推断,下列叙述正确的是( )
A.F2中白花植株都是纯合体
B.F2中红花植株的基因型有2种
C.控制红花与白花的基因在一对同源染色体上
D.F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多
解析:
选D 本题的切入点在“若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉,得到的子代植株中,红花为101株,白花为302株”上,相当于测交后代表现出1∶3的分离比,可推断该相对性状受两对等位基因控制,且两对基因独立遗传。
设相关基因为A、a和B、b,则A_B_表现为红色,A_bb、aaB_、aabb表现为白色,因此F2中白色植株中既有纯合体又有杂合体;F2中红花植株的基因型有AaBb、AABB、AaBB、AABb4种;控制红花与白花的两对基因独立遗传,位于两对同源染色体上;F2中白花植株的基因型有5种,红花植株的基因型有4种。
4.现用山核桃甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得F1,F1测交结果如下表。
下列有关叙述错误的是( )
测交类型
测交后代基因型种类及比值
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1
2
2
2
乙
F1
1
1
1
1
A.F1自交得F2,F2的基因型有9种
B.F1产生的基因组成为AB的花粉可能有50%不育
C.F1花粉离体培养,所得纯合植株的概率为0
D.上述两种测交结果不同,说明两对基因的遗传不遵循自由组合定律
解析:
选D 山核桃甲(AABB)、乙(aabb)作亲本杂交得到的F1基因型为AaBb,F1自交产生的F2的基因型有AABB、AaBB、aaBB、AABb、AaBb、aaBb、AAbb、Aabb、aabb,共9种;F1作父本测交时,乙产生的配子为ab,所以F1产生的花粉基因组成及比例为AB∶Ab∶aB∶ab=1∶2∶2∶2,说明基因组成为AB的花粉有50%不育;F1产生的花粉基因组成为AB、Ab、aB、ab,离体培养所得单倍体植株基因型为AB、Ab、aB、ab,没有纯合子;假设两对基因在一对同源染色体上,则F1产生的配子只有AB、ab,测交后代基因型应该只有2种,与表中结果不符,说明假设不成立,两对基因位于两对同源染色体上,遗传遵循自由组合定律。
5.(2018·无锡一模)控制小麦粒色的两对基因R1和r1、R2和r2位于不同对染色体上。
R1和R2决定红色,r1和r2决定白色,R对r不完全显性,并有累加效应,所以麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深。
将红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得F1,F1自交得F2,则F2的表现型有( )
A.4种B.5种
C.9种D.10种
解析:
选B 红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得F1的基因型是R1r1R2r2,F1自交产生的F2中,含有显性基因的数量是4个、3个、2个、1个、0个。
由于R对r不完全显性,并有累加效应,所以表现型有5种(4种不同的红色及白色)。
6.荠菜的果实形状有三角形和卵圆形两种,该性状的遗传涉及两对等位基因,分别用A、a和B、b表示。
为探究荠菜果实形状的遗传规律,进行了杂交实验(如图)。
下列相关分析错误的是( )
A.根据F2表现型及比例可判断,荠菜果实形状的遗传遵循自由组合定律
B.图中亲本的基因型应分别为AABB和aabb
C.F1测交后代的表现型及比例为三角形果实∶卵圆形果实=3∶1
D.F2三角形果实中能稳定遗传的个体应占1/16
解析:
选D 从F2中三角形∶卵圆形=301∶20≈15∶1,应为9∶3∶3∶1的变式,所以F1的基因型一定为AaBb,P为AABB和aabb,F1测交后代为三角形∶卵圆形=3∶1,而F2三角形果实中能稳定遗传的个体应占1/5。
7.等位基因A、a和B、b分别位于不同对的同源染色体上。
让显性纯合子(AABB)和隐性纯合子(aabb)杂交得F1,再让F1测交,测交后代的表现型比例为1∶3。
如果让F1自交,则下列表现型比例中,F2中不可能出现的是( )
A.13∶3 B.9∶4∶3
C.9∶7D.15∶1
解析:
选B 位于不同对同源染色体上说明遵循基因的自由组合定律,F1(AaBb)测交按照正常的自由组合定律表现型应是四种且比例为1∶1∶1∶1,而现在是1∶3,那么F1自交后原本的9∶3∶3∶1应是两种表现型,有可能是9∶7,13∶3或15∶1。
8.黄色卷尾鼠彼此杂交,子代的表现型及比例为:
6/12黄色卷尾、2/12黄色正常尾、3/12灰色卷尾、1/12灰色正常尾。
上述遗传现象产生的主要原因可能是( )
A.不遵循基因的自由组合定律
B.控制黄色性状的基因纯合致死
C.卷尾性状由显性基因控制
D.灰色性状由隐性基因控制
解析:
选B 由题意可知,黄色卷尾鼠彼此杂交,子代中黄色∶灰色=8∶4=2∶1,对于毛色来说,性状发生了分离,说明该黄色卷尾鼠的黄色是杂合子,且黄色是显性性状;卷尾∶正常尾=3∶1,说明该黄色卷尾鼠的卷尾是杂合子,且卷尾是显性性状,说明这两对性状的遗传遵循基因的自由组合定律;子代中黄色∶灰色=2∶1,不符合3∶1的分离比的原因是控制黄色的基因纯合致死,导致后代性状分离比偏离9∶3∶3∶1;卷尾性状由显性基因控制,灰色由隐性基因控制,都不是产生该遗传现象的主要原因。
9.某植物茎的高度受两对基因的控制,若AABB高10cm,aabb高4cm,每一显性基因使植物增高1.5cm,今有AaBb×AaBb,其后代高7cm的约占( )
A.1/2B.1/4
C.3/8D.1/8
解析:
选C 由题意可知,每一显性基因使植物增高1.5cm,aabb高4cm,高7cm的含显性基因的个数为(7-4)÷1.5=2;AaBb×AaBb后代中,AaBb占1/4,AAbb占1/16,aaBB占1/16,所以其后代高7cm的约占1/4+1/16+1/16=3/8。
10.在西葫芦的皮色遗传中,已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性,但在另一白色显性基因(W)存在时,基因Y和y都不能表达。
两对基因独立遗传。
现有基因型为WwYy的个体自交,其后代的表现型种类及比例是( )
A.4种,9∶3∶3∶1B.2种,13∶3
C.3种,12∶3∶1D.3种,10∶3∶3
解析:
选C 由题干信息可知,等位基因之间会相互作用,从而导致后代出现异常分离比。
由于两对基因独立遗传,所以,基因型为WwYy的个体自交,符合自由组合定律,产生的后代可表示为:
9W_Y_∶3wwY_∶3W_yy∶1wwyy,由于W存在时,Y和y都不能表达,所以W_Y_和W_yy个体都表现为白色,占12/16;wwY_个体表现为黄色,占3/16;wwyy个体表现为绿色,占1/16。
11.某植物的花色受不连锁的两对基因A/a、B/b控制,这两对基因与花色的关系如图所示,此外,a基因对于B基因的表达有抑制作用。
现将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1,则F1的自交后代中花色的表现型及比例是( )
A.白∶粉∶红,3∶10∶3 B.白∶粉∶红,10∶3∶3
C.白∶粉∶红,4∶9∶3D.白∶粉∶红,6∶9∶1
解析:
选C 由题意知,亲本基因型是AABB和aabb,杂交获得F1的基因型是AaBb,F1自交得F2,其基因型可表示为:
A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1。
观察题图可知,基因型为aaB_和aabb的个体为白色,又知a基因对于B基因的表达有抑制作用,所以红花的基因型为AABB和AAB_,其余的为粉花,综上所述三种花的比例为白∶粉∶红=4∶9∶3。
12.某动物细胞中位于常染色体上的基因A、B、C分别对a、b、c为显性。
用2个纯合个体杂交得F1,F1测交结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc=1∶1∶1∶1。
则F1体细胞中三对基因在染色体上的位置是( )
解析:
选B F1与隐性纯合子测交,后代基因型的种类和比例由F1产生配子的种类和比例决定,根据F1测交结果可知F1减数分裂产生配子的种类和比例为:
ABC∶abc∶aBc∶AbC=1∶1∶1∶1。
由此可以看出,基因A与C始终在一起,基因a与c始终在一起,它们都与B和b自由组合。
13.
(2018·常州一模,多选)如图为某一初级卵母细胞的一对同源染色体及其等位基因,下列说法正确的是( )
A.该细胞可产生1种生殖细胞
B.两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律
C.A与a在减数第二次分裂后才实现完全分离
D.交叉互换属于变异类型中的基因重组
解析:
选ACD 虽然发生了交叉互换,但1个初级卵母细胞最终只产生1个卵细胞(生殖细胞);两对基因位于一对同源染色体上,不遵循基因的自由组合定律;由于由交叉互换,减数第一次分裂和减数第二次分裂过程中都有A与a的分离,在减数第二次分裂后才能实现完全分离;交叉互换发生在减数第一次分裂的四分体时期,属于基因重组。
14.(多选)育种工作者选用纯合的家兔,进行如图所示杂交实验,下列有关说法错误的是( )
A.家兔的体色是由一对基因决定的
B.控制家兔体色的基因的传递不符合孟德尔遗传规律
C.F2灰色家兔中基因型有3种
D.F2表现型为白色的家兔中,与亲本基因型相同的占1/4
解析:
选ABC 由F2的分离比之和为9+3+4=16可知家兔体色由两对基因控制的性状。
若设控制家兔体色的基因为A、a和B、b,则亲代灰色纯合子、白色纯合子分别为AABB、aabb,F1为AaBb,F2为A_B_为灰色,A_bb(或aaB_)为黑色,aaB_(或A_bb)、aabb为白色。
F2表现型为白色的家兔中,与亲本基因型相同的为aabb,占1/4。
15.(多选)节瓜有全雌株(只有雌花)、全雄株(只有雄花)和正常株(雌花、雄花均有)等不同性别类型的植株,且节瓜的性别由两对等位基因(A、a和B、b)控制,研究人员做了如图所示的实验。
下列推测合理的是( )
A.节瓜的性别是由常染色体上的基因决定的,其遗传方式遵循基因的自由组合定律
B.实验一中,F2正常株的基因型为A_B_,其中纯合子占1/9
C.若aaB_为全雌株,则实验二中,亲本正常株的基因型为AaBB,F1正常株的基因型也为AaBB
D.实验一中,F1正常株测交结果为全雌株∶正常株∶全雄株=1∶2∶1
解析:
选ACD 实验一纯合全雌株与纯合全雄株杂交,F1全为正常株,F2的性状分离比接近3∶10∶3(为9∶3∶3∶1的变形),共16份,可见该节瓜的性别是由常染色体上的两对等位基因控制的,遵循基因的自由组合定律;由实验一中F2的性状分离比3∶10∶3可知,F2正常株的基因型为A_B_、aabb,其中纯合子占1/5;若aaB_为全雌株,由实验二中亲本纯合全雌株(aaBB)与正常株杂交子代性状比为1∶1可知,亲本正常株有一对基因纯合,一对基因杂合,即亲本正常株的基因型为AaBB,则F1正常株的基因型也为AaBB;实验一中,F1正常株(AaBb)测交子代中全雌株(单显)∶正常株(双显或双隐)∶全雄株(单显)=1∶2∶1。
二、非选择题
16.某种羊的性别决定为XY型。
已知其有角和无角由位于常染色体上的等位基因(N/n)控制;黑毛和白毛由等位基因(M/m)控制,且黑毛对白毛为显性。
回答下列问题:
(1)公羊中基因型为NN或Nn的表现为有角,nn无角;母羊中基因型为NN的表现为有角,nn或Nn无角。
若多对杂合体公羊与杂合体母羊杂交,则理论上,子一代群体中母羊的表现型及其比例为__________________;公羊的表现型及其比例为__________________。
(2)某同学为了确定M/m是位于X染色体上,还是位于常染色体上,让多对纯合黑毛母羊与纯合白毛公羊交配,子二代中黑毛∶白毛=3∶1,我们认为根据这一实验数据,不能确定M/m是位于X染色体上,还是位于常染色体上,还需要补充数据,如统计子二代中白毛个体的性别比例,若__________________,则说明M/m是位于X染色体上;若__________________,则说明M/m是位于常染色体上。
(3)一般来说,对于性别决定为XY型的动物群体而言,当一对等位基因(如A/a)位于常染色体上时,基因型有______种;当其仅位于X染色体上时,基因型有______种;当其位于X和Y染色体的同源区段时(如图所示),基因型有______种。
解析:
(1)根据题中已知条件,交配的公羊和母羊均为杂合子,则子代的基因型为NN∶Nn∶nn=1∶2∶1,已知母羊中基因型为NN的表现为有角,nn或Nn无角,则子一代群体中母羊的表现型及比例为有角∶无角=1∶3;公羊中基因型为NN或Nn的表现为有角,nn无角,则子一代群体中公羊的表现型及比例为有角∶无角=3∶1。
(2)若M/m位于常染色体上,则白毛个体中雌雄比例为1∶1;若M/m位于X染色体上,则子二代的基因型为XMXM、XMXm、XMY、XmY,其中白色个体均为雄性。
(3)一般来说,对于性别决定为XY型的动物群体而言,当一对等位基因(如A/a)位于常染色体上时,其基因型有AA、Aa、aa3种;当其仅位于X染色体上时,其基因型有XAXA、XAXa、XaXa、XAY、XaY,共5种;当其位于X和Y染色体的同源区段时,其基因型有XAXA、XAXa、XaXa、XAYA、XaYa、XAYa、XaYA,共7种。
答案:
(1)有角∶无角=1∶3 有角∶无角=3∶1
(2)白毛个体全为雄性 白毛个体中雄性∶雌性=1∶1
(3)3 5 7
17.(2018·苏州一模)果蝇的红眼与白眼是一对相对性状(用B、b表示相关基因),灰体与黑檀体是一对相对性状(用H、h表示相关基因),长翅与残翅是一对相对性状(用D、d表示相关基因)。
现有三种果蝇纯种品系:
甲(红眼黑檀体长翅)、乙(红眼灰体残翅)、丙(白眼灰体长翅)。
选择雌果蝇甲与雄果蝇乙杂交,获得的F1均为红眼灰体长翅,将F1雌雄果蝇交配,所得F2果蝇如下表所示。
请分析回答:
性别
红眼灰
体长翅
红眼灰
体残翅
红眼黑
檀体长翅
红眼黑
檀体残翅
♀
306
91
102
34
♂
294
108
96
31
(1)从果蝇体色与翅型分析,两者的遗传遵循________________定律,所得F2的灰体长翅果蝇中,纯合子所占比值为________。
若将F2中黑檀体长翅雌雄果蝇随机交配,所得黑檀体长翅果蝇中杂合子所占比值为________。
(2)将F2中红眼黑檀体残翅雄果蝇与丙中的雌果蝇交配,所得F3中,雌果蝇是红眼灰体长翅,雄果蝇是白眼灰体长翅,则F3果蝇的基因型是______________;将F3雌雄果蝇交配,所得子代雌果蝇中,纯合子所占比值为________,纯合子的基因型共有________种。
(3)若将上述
(1)中,F3雌雄果蝇交配所得子代长翅雌雄果蝇随机交配,再选择子代长翅雌雄果蝇随机交配,所得长翅子代中,能稳定遗传的所占比值为________。
(4)一只丙品系的雄果蝇由于遭受电离辐射而导致产生的精子中的X染色体均是有缺失的(缺失部分不存在控制眼色的基因),该缺失直接导致了果蝇胚胎的纯合致死。
现将该白眼雄果蝇与乙品系的雌果蝇杂交得到F1,F1雌雄果蝇相互交配得F2,则F2中雌雄果蝇的眼色及性别的分离比为________________________。
解析:
(1)根据表中数据,F2果蝇中灰体长翅∶灰体残翅∶黑檀体长翅∶黑檀体残翅=9∶3∶3∶1,所以果蝇体色与翅型的遗传遵循基因的自由组合定律。
F2中灰体长翅果蝇的基因型为1HHDD∶2HHDd∶2HhDD∶4HhDd,其中纯合子(HHDD)所占比值为1/9。
F2中黑檀体长翅果蝇的基因型及比例为hhDD∶hhDd=1∶2,产生配子及比值为2/3hD、1/3hd。
雌雄随机交配产生hhDD的概率为2/3×2/3=4/9,hhDd的概率为2×2/3×1/3=4/9,杂合子hhDd所占比值为1/2。
(2)F2中红眼黑檀体残翅雄果蝇的基因型为hhddXBY,纯种品系丙中的雌果蝇基因型为HHDDXbXb,两者交配产生后代中,雌果蝇是HhDdXBXb,雄果蝇是HhDdXbY。
F3雌雄果蝇交配,所得子代,就体色而言,纯合子(HH、hh)占1/2;就翅型而言,纯合子(DD、dd)占1/2,就眼色而言,雌果蝇中纯合子XbXb占1/2,所以纯合子所占比值为1/2×1/2×1/2=1/8,共有基因型2×2×1=4种。
(3)上述
(1)中F2随机交配产生的所有子代均为F3,即F3基因型为1/4DD、1/2Dd、1/4dd,F3产生配子及比值为1/2D、1/2d,F3雌雄果蝇随机交配所得子代基因型为DD的概率为1/2×1/2=1/4,Dd的概率为2×1/2×1/2=1/2,F3子代长翅的基因型为1/3DD、2/3Dd,产生配子及比例为2/3D、1/3d。
F3的子代长翅雌雄果蝇随机交配得到的子代DD的概率为2/3×2/3=4/9,Dd的概率为2×2/3×1/3=4/9,即长翅中DD∶Dd=1∶1,即1/2DD、1/2Dd,长翅果蝇产生配子及比例为3/4D、1/4d。
该长翅子代再随机交配产生DD的概率为3/4×3/4=9/16、Dd的概率为2×3/4×1/4=3/8、dd的概率为1/4×1/4=1/16。
长翅果蝇的基因型是DD、Dd,能稳定遗传的是DD,所占比值为(9/16)÷(9/16+3/8)=3/5。
(4)若X染色体有缺失表示为X-,则该白眼雄果蝇基因型为Xb-Y,乙品系的雌果蝇为XBXB,杂交得到F1为XBXb-和XBY,F1雌雄果蝇相互交配得F2为XBXB(红眼雌果蝇)、XBXb—(红眼雌果蝇)、XBY(红眼雄果蝇)、Xb-Y(纯合致死),所以F2中雌雄果蝇的眼色及性别的分离比为红眼雌果蝇∶红眼雄果蝇=2∶1。
答案:
(1)(基因的分离定律和)基因的自由组合 1/9 1/2
(2)HhDdXBXb、HhDdXbY 1/8 4 (3)3/5
(4)红眼雌果蝇∶红眼雄果蝇=2∶1
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