安徽省舒城一中届高三理科综合能力测试模拟物理部分答案解析14页Word文件下载.docx
- 文档编号:3220294
- 上传时间:2023-05-01
- 格式:DOCX
- 页数:20
- 大小:276.20KB
安徽省舒城一中届高三理科综合能力测试模拟物理部分答案解析14页Word文件下载.docx
《安徽省舒城一中届高三理科综合能力测试模拟物理部分答案解析14页Word文件下载.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《安徽省舒城一中届高三理科综合能力测试模拟物理部分答案解析14页Word文件下载.docx(20页珍藏版)》请在冰点文库上搜索。
gt2…③
因合速度方向与水平夹角为45°
,则有:
gt=v0,④
联立①②③④解得:
v0=2m/s,故ACD错误,B正确.故选B.
【点睛】本题要掌握平抛运动的分解方法:
水平方向的分运动是匀速直线运动,竖直方向的分运动是自由落体运动,然后熟练应用几何知识找到水平位移和竖直位移之间的关系.
3.“天宫一号”顺利升空,“神舟八号”随后飞上太空,11月3日凌晨“神八”与离地高度343km轨道上的“天宫一号”对接形成组合体,中国载人航天首次空间交会对接试验获得成功,为建立太空实验室──空间站迈出了关键一步.设对接后的组合体在轨道上做匀速圆周运动,则下列说法中正确的是()
A.对接前,“神舟八号”欲追上“天宫一号”,可以在同一轨道上点火加速
B.对接后,“天宫一号”
速度小于第一宇宙速度
C.对接后,“天宫一号”的运行周期大于地球同步卫星的周期
D.今后在“天宫一号”内工作的宇航员因受力平衡而在其中悬浮或静止
飞船加速后会进入较高的轨道,所以“神舟八号”欲追上“天宫一号”可以在稍低的轨道上点火加速,A错误;
对接后,“天宫一号”的速度小于第一宇宙速度,周期小于地球同步卫星的周期,B正确,C错误;
在“天宫一号”内工作的宇航员因完全失重而在其中悬浮或静止,并非受力平衡,D错误.
故选B
4.半导体指纹传感器是在一块半导体基板上阵列了10万个金属颗粒,传感器阵列的每一点是一个金属电极,充当电容器的一极,其外面是绝缘的表面,手指贴在其上与其构成了电容器的另一极.由于手指指纹深浅不同,嵴和峪与半导体电容感应颗粒形成的电容值大小不同,其工作过程是通过对电容感应颗粒预先充电到某一参考电压,然后对每个电容的放电电流进行测量,设备将采集到不同的数值汇总,也就完成了指纹的采集,则( )
A.指纹的嵴处与半导体基板上对应的金属颗粒距离近,电容小
B.指纹的峪处与半导体基板上对应的金属颗粒距离远,电容小
C.对每个电容感应颗粒都充电至某一参考电压时,
手指靠近时,各金属电极电量减小
D.对每个电容感应颗粒都充电至某一参考电压时,在手指远离时,各金属电极均处于充电状态
影响电容器电容的因素有,板间距离、正对面积、介电常数,根据
可知,指纹的嵴处与半导体基板上对应的金属颗粒距离近,即板间距离小,则电容大,故A错误
指纹的峪处与半导体基板上对应的金属颗粒距离远,即板间距离大,则电容小,故B正确
对每个电容感应颗粒都充电至某一参考电压时,在手指靠近时,即增大介电常数,则电容增大,根据
,电压不变,所以各金属电极电量增大,故C错误
对每个电容感应颗粒都充电至某一参考电压时,在手指远离时,即介电常数减小,则电容减小,根据
,电压不变,所以各金属电极电量减小,各金属电极均处于放电状态,故D错误
5.在如图所示的电路中,电源的负极接地,其电动势为E、内电阻为r,R1、R2为定值电阻,R3为滑动变阻器,C为电容器,A、V为理想电流表和电压表.在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中,下列说法中正确的是()
A.电流表示数变小
B.电压表示数变大
C.电容器C中的电场强度变小
D.a点的电势降低
【答案】BCD
【详解】B.在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中,变阻器接入电路的电阻减小,并联电阻减小,外电路总电阻减小,干路电流I增大,电阻
两端电压增大,则电压表示数变大,故B正确;
AD.根据外电路中顺着电流方向,电势降低,可知,a的电势大于零,a点的电势等于
两端的电压,
,,干路电流I增大,
变小,则a点的电势降低,通过
的电流
减小,通过电流表的电流
,干路电流I增大,
减小,则
增大,即电流表示数变大,故A错误,D正确;
C.电阻
两端的电压
,干路电流I增大,则
变小,电容器板间电压变小,电容器C中的电场强度
减小,故C正确.
【点睛】本题是电路动态变化分析问题,要抓住不变量:
电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变,进行分析.根据电流方向判断电势高低,由电压的变化判断电势的变化.
6.如图所示,将两个相同的木块a、b置于固定在水平面上的粗糙斜面上.a、b中间用一轻弹簧连接.b的右端用细绳与固定在斜面上的档板相连.开始时a、b均静止,弹簧处于压缩状态,细绳上有拉力.下列说法正确的是()
A.a所受的摩擦力一定不为零
B.b所受的摩擦力一定不为零
C
细绳剪断瞬间a所受摩擦力不变
D.细绳剪断瞬间b所受摩擦力可能为零
【答案】ACD
【详解】A.对a受力分析,弹簧被压缩,对a的弹力沿斜面向下,以及重力沿斜面向下的分力,所以a受的摩擦力沿斜面向上,故A正确;
B.b所受的摩擦力可能为零,当弹力加绳子的拉力和重力沿斜面方向的分量相等时,故B错误;
C.则剪断瞬间绳子拉力立即消失,而弹簧形变量来不及改变故弹簧弹力不变,a所受摩擦力不变,故C正确;
D.细绳剪断瞬间,b所受摩擦力可能为零,当弹力和重力沿斜面方向的分量相等时,故D正确.
7.如图所示,M是一小型理想变压器,接线柱a、b接在电压u="
311sin314t"
(V)的正弦交流电源上,变压器右侧部分为一火警报警系统原理图.其中R2是用阻值随温度升高而减小的材料制成的传感器;
电流表A2为值班室的显示器,可显示通过R1的电流;
电压表V2可显示加在报警器上的电压(报警器未画出);
R3为一定值电阻.当传感器R2所在处出现火警时,以下说法中正确的是()
A.V1的示数是311V
B.Vl的示数是220V
C.A1的示数不变,V2的示数增大
D.A1的示数增大,A2的示数减小
【答案】BD
试题分析:
电压表与电流表测的是交变电流的有效值,根据交变电流的瞬时值表达式可以求出电压表的示数.
当出现火警时,根据R2阻值的变化,应用串并联电路特点及欧姆定律判断各电表示数如何变化.
解:
A、a、b间所接交变电流的有效值
=220V,则电压表V1的示数是220V,故A错误,B正确;
C、当传感器R2所在处出现火警时,R2阻值减小,副线圈电路总电阻变小,副线圈电压不变,由闭合电路欧姆定律可知,副线圈总电流I变大,电阻R3电压U3=IR3变大,R1与R2并联电压变小,电压表V2示数变小,电流表A2示数变小,
副线圈电流变大,原线圈电流变大,电流表A1示数变大,故C错误,D正确;
故选BD.
8.如图所示,有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域其直角边长为L,磁场方向垂直纸面向外,磁感应强度大小为B.边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd,从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域,取沿abcda的感应电流为正,则表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是
A.
B.
C.
D.
【详解】bc边的位置坐标x在L-2L过程,线框bc边有效切线长度为
l=x-L
感应电动势为
E=Blv=B(x-L)v
感应电流
电流的大小随x逐渐增大;
根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→b→c→d→a,为正值。
x在2L-3L过程,根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a→d→c→b→a,为负值,线框ad边有效切线长度为
l=x-2L
E=Blv=B(x-2L)v
大小随x逐渐增大。
A.图像与分析不符,故A错误。
B.图像与分析不符,故B错误。
C.图像与分析相符,故C正确。
D.图像与分析不符,故D错误。
二、实验题
9.
(1)一打点计时器固定在斜面上某处,一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下,如图1所示.图2是打出纸带的一段.
①已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz,利用图2给出的数据可求出小车下滑的加速度a=____________.
②为了求出小车在下滑过程中所受的阻力,还需测量的物理量有_____________.用测得的量及加速度a表示阻力的计算式是为f="
_______________"
.
【答案】⑴3.89m/s2⑵小车质量m;
斜面上任意两点间距离l及这两点的高度差h.mgh/l-ma
①由公式
求得:
a=4.00m/s2(2分,3.90~4.10m/s2之间都正确)
②小车质量m;
斜面上任意两点间距离l及这两点的高度差h.(2分)
根据牛顿第二定律有:
,解得:
(2分)
10.某同学用如图甲所示电路探究某一型号电池的输出电压U与输出电流I的关系.电路原理图如图甲所示,图中R0为阻值等于5.0Ω的定值电阻,电压表视为理想电压表.
(1)请将图乙所示的实验器材连成实验电路.
(2)若电压表V2的读数为2.0V,则电源的输出电流I=__________A;
(3)调节滑动变阻器,通过测量得到电压表V1的示数U1随电压表V2的示数U2的U1-U2曲线如图丙所示,由此可知电池内阻_______(填“是”或“不是”)常数,短路电流为_____A,电源的最大输出功率为___________W.
【答案】
(1)如图所示(3分)
(2)0.40A(2分)(3)是(2分)1.5A(2分)0.375W(2分)
(1)画实物图时要依据实验原理图,按照电流的流向从电源正极出发顺次连接.实物连线如图所示.
(2)电压表V2的读数为2.0V,根据欧姆定律得出I=0.40A;
(3)路端电压U1=E-Ir=
,由图丙可知,U1-U2图线为一倾斜向下的直线,故电池内阻r是常数;
由图丙知r=1Ω,短路电流为
1.5A;
当滑动变阻器电阻R=0时电源输出功率最大,
W.
三、计算题
11.如图所示,小木块m和长木板M静止在光滑水平面上,小木块m在水平恒力F作用下,经时间t从长木板左端被拉到右端.已知水平恒力F=5N,木块质量m=1kg,木板质量M=2kg,木板长度L=lm,木板与木块间的动摩擦因数μ=0.2,重力加速度g=10m/s2.求:
(1)F作用
时间t为多少?
(2)摩擦力对小木块m做的功W为多少?
(1)
(2)
(1)设F作用下木块m和木板M运动的加速度分别为a1、a2,根据牛顿第二定律有
以木板为参考系,则
解得:
t=1s
(2)小木块对地的位移为
摩擦力对小木块m做的功为
W=3J.
点睛:
本题考查了牛顿定律与直线运动相结合的问题,在处理此类问题时要注意计算各自的加速度,并结合运动学公式求解.
12.如图(甲)所示,在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场,右侧有一个以点(3L,0)为圆心、半径为L的圆形区域,圆形区域与x轴的交点分别为M、N.现有一质量为m,带电量为e的电子,从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场,飞出电场后从M点进入圆形区域,速度方向与x轴夹角为30°
.此时在圆形区域加如图(乙)所示周期性变化的磁场,以垂直于纸面向外为磁场正方向),最后电子运动一段时间后从N飞出,速度方向与进入磁场时的速度方向相同(与x轴夹角也为30°
).求:
(1)电子进入圆形磁场区域时的速度大小;
(2)0≤x≤L区域内匀强电场场强E的大小;
(3)写出圆形磁场区域磁感应强度B0的大小、并写出磁场变化周期T应满足的表达式.
(2)
(3)
本题考查带电粒子在复合场中的运动,难度较大,带电粒子先在匀强电场做类平抛运动,可以把出射速度分解后进行求解,出电场后带电粒子不受任何力的作用做匀速直线运动,可求出进入磁场时的速度方向,由磁场的可重复性可判断从N点射出时,带电粒子半径的表达式和周期表达式
⑴电子在电场中作类平抛运动,射出电场时,如图1所示.
由速度关系:
……2分
解得
…………2分
⑵由速度关系得
在竖直方向
…………1分
⑶在磁场变化的半个周期内粒子的偏转角为60°
(如图2),所以,在磁场变化的半个周期内,粒子在x轴方向上的位移恰好等于R.粒子到达N点而且速度符合要求的空间条件是:
电子在磁场作圆周运动,洛伦兹力提供向心力.
………1分
得
……1分
解得,
(n=1、2、3……)…………1分
若粒子在磁场变化的半个周期恰好转过1/6圆周,同时MN间运动时间是磁场变化周期的整数倍时,可使粒子到达N点并且速度满足题设要求.应满足的时间条件:
代入T的表达式得:
13.下列说法正确的是___________
A.1kg的0
的冰比1kg的0
的水的内能小些
B.在自然界能的总量是守恒的,所以不存在能源危机
C.热力学第一定律也可表述为“第一类永动机不可能制成”
D.热力学第二定律可描述为“不可能使热量由低温物体传递到高温物体”
E.质量相同且温度也相同的两种不同气体(不计分子间的作用力),其内能不一定相同
【答案】ACE
【详解】A.冰在熔解成水的时候需要吸收热量,所以1kg的0
的水的内能小些,故A正确;
B.在自然界能的总量是守恒的,但由于能量耗散,散失到周围空间的内能无法再收集重新利用,能源的利用品质降低,所以存在能源危机,故B错误;
C.热力学第一定律也可表述为“第一类永动机不可能制成”,故C正确;
D.热力学第二定律可描述为“不可能使热量由低温物体传递到高温物体而不产生其它影响”,故D错误;
E.质量相同且温度也相同的两种不同气体(不计分子间的作用力),由于两种气体的摩尔质量不一定相同,所以质量相同的气体的分子数不一定相同,其内能不一定相同,E正确。
故选ACE。
14.图中A、B气缸的长度和截面积分别为30cm和20cm2,C是可在气缸内无摩擦滑动的、体积不计的活塞,D为阀门.整个装置均由导热材料制成.起初阀门关闭,A内有压强PA=2.0×
105帕的氮气.B内有压强PB=1.0×
105帕的氧气.阀门打开后,活塞C向右移动,最后达到平衡.假定氧气和氮气均为理想气体,连接气缸的管道体积可忽略.求:
①活塞C移动的距离及平衡后B中气体的压强;
②活塞C移动过程中A中气体是吸热还是放热(简要说明理由).
【答案】①10cm;
1.5×
105Pa;
②活塞C移动过程中A中气体是吸热.
①由玻意耳定律得:
对A部分气体有:
pALS=p(L+x)S①
对B部分气体有:
pBLS=p(L-x)S②
由①+②得:
③
将③代入①得:
x=10cm
②活塞C向右移动的过程中A中气体对外做功,而气体发生等温变化,内能不变,故根据热力学第一定律可知A中气体从外界吸热.
考点:
玻意耳定律;
热力学第一定律
【名师点睛】题采用是的隔离法分别对两部分气体用玻意耳定律研究,同时要抓住两部分气体的相关条件,如压强关系、体积关系等等.
15.一列简谐横波,A为振源,在B点刚开始振动时的图象如图所示.图中数据单位都是m,已知波的传播速度为10m/s,从振源A开始振动到形成如图所示波形,经过时间为___________s,从M点开始运动到如图所示时刻,M通过的路程为___________m.
【答案】
(1).1.6;
(2).0.8;
波由A点传到B点的时间
=1.6s;
由图可知,M、B两点相距两个波长,即此时M点已振动了两个周期,M点通过的路程为0.8m.
16.如图所示,一水池深为h,一根长直木棍竖直地插入水底,棍露出水面部分
长度为L,当太阳光与水平面夹角为60º
斜射到水面时,已知水的折射率为n,求:
①木棍在水面的影子的长度;
②木棍在水底的影子的长度.
①依题意画出如图所示的光路示意图,
且AO长为L,因
,所以木棍在水面的影子的长度为
②根据折射定律有
所以
根据几何关系有
所以木棍在水底的影子长为
.
本题画出光路图,作出影子,由折射定律和几何关系结合求解影子的长度.
- 配套讲稿:
如PPT文件的首页显示word图标,表示该PPT已包含配套word讲稿。双击word图标可打开word文档。
- 特殊限制:
部分文档作品中含有的国旗、国徽等图片,仅作为作品整体效果示例展示,禁止商用。设计者仅对作品中独创性部分享有著作权。
- 关 键 词:
- 安徽省 舒城 一中 届高三 理科 综合 能力 测试 模拟 物理 部分 答案 解析 14