高考理科数学第一轮复习考点规范练习题等差数列及其前n项和及解析精编试题.docx
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高考理科数学第一轮复习考点规范练习题等差数列及其前n项和及解析精编试题
考点规范练30 等差数列及其前n项和
基础巩固
1.已知Sn为等差数列{an}的前n项和,a2+a8=6,则S9等于( )
A.B.27C.54D.108
2.已知{an}是公差为1的等差数列,Sn为{an}的前n项和.若S8=4S4,则a10=( )
A.B.C.10D.12
3.已知在每项均大于零的数列{an}中,首项a1=1,且前n项和Sn满足Sn-Sn-1=2(n∈N*,且n≥2),则a81等于( )
A.638B.639C.640D.641
4.已知数列{an}是等差数列,a1+a3+a5=105,a2+a4+a6=99,{an}的前n项和为Sn,则使得Sn达到最大的n是( )
A.18B.19C.20D.21
5.(2016河北衡水中学一模)在等差数列{an}中,是一个与n无关的常数,则该常数的可能值的集合为( )
A.{1}B.C.D.
6.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,且S10=10,S20=30,则S30= .
7.已知在数列{an}中,a1=1,a2=2,当整数n≥2时,Sn+1+Sn-1=2(Sn+S1)都成立,则S15= .
8.(2016全国甲卷,理17)Sn为等差数列{an}的前n项和,且a1=1,S7=28.记bn=[lgan],其中[x]表示不超过x的最大整数,如[0.9]=0,[lg99]=1.
(1)求b1,b11,b101;
(2)求数列{bn}的前1000项和.
能力提升
9.若数列{an}满足:
a1=19,an+1=an-3(n∈N*),则数列{an}的前n项和数值最大时,n的值为( )
A.6B.7C.8D.9〚导学号37270453〛
10.等差数列{an}的前n项和为Sn,已知S10=0,S15=25,则nSn的最小值为 .〚导学号37270454〛
11.(2016河南信阳、三门峡一模)已知等差数列{an}的前n项和为Sn,a2<0,且1,a2,81成等比数列,a3+a7=-6.
(1)求{an}的通项公式;
(2)求的前n项和Tn取得最小值时n的值.
12.已知公差大于零的等差数列{an}的前n项和为Sn,且满足a3·a4=117,a2+a5=22.
(1)求通项公式an;
(2)求Sn的最小值;
(3)若数列{bn}是等差数列,且bn=,求非零常数c.
高考预测
13.已知各项均为正数的等差数列{an}满足:
a4=2a2,且a1,4,a4成等比数列.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)求同时满足下列条件的所有an的和:
①20≤n≤116;②n能够被5整除.
参考答案
考点规范练30 等差数列及
其前n项和
1.B 解析S9==27.
2.B 解析∵公差d=1,S8=4S4,
即2a1+7d=4a1+6d,解得a1=
∴a10=a1+9d=+9=
3.C 解析由已知Sn-Sn-1=2,可得=2,
∴{}是以1为首项,2为公差的等差数列,
故=2n-1,Sn=(2n-1)2,
∴a81=S81-S80=1612-1592=640,故选C.
4.C 解析a1+a3+a5=105⇒a3=35,a2+a4+a6=99⇒a4=33,
则{an}的公差d=33-35=-2,a1=a3-2d=39,Sn=-n2+40n,
因此当Sn取得最大值时,n=20.
5.B 解析特殊值验证法.若=1,则数列{an}是一个常数列,满足题意;
若,设等差数列的公差为d,则an=a2n=(an+nd),
化简,得an=nd,即a1+(n-1)d=nd,
化简,得a1=d,也满足题意;
若=0,则an=0,不符合题意.故选B.
6.60 解析∵Sn是等差数列{an}的前n项和,∴S10,S20-S10,S30-S20也成等差数列.
∴2(S20-S10)=S10+(S30-S20).
∴S30=60.
7.211 解析由Sn+1+Sn-1=2(Sn+S1)得(Sn+1-Sn)-(Sn-Sn-1)=2S1=2,即an+1-an=2(n≥2),∴数列{an}从第二项起构成以2为首项,2为公差的等差数列,则S15=1+2×14+2=211.
8.解
(1)设{an}的公差为d,据已知有7+21d=28,解得d=1.
所以{an}的通项公式为an=n.
b1=[lg1]=0,b11=[lg11]=1,b101=[lg101]=2.
(2)因为bn=
所以数列{bn}的前1000项和为1×90+2×900+3×1=1893.
9.B 解析∵a1=19,an+1-an=-3,
∴数列{an}是以19为首项,-3为公差的等差数列.
∴an=19+(n-1)×(-3)=22-3n.
设{an}的前k项和数值最大,
则有k∈N*.
k
∵k∈N*,∴k=7.
∴满足条件的n的值为7.
10.-49 解析设数列{an}的首项为a1,公差为d,则S10=10a1+d=10a1+45d=0,①
S15=15a1+d
=15a1+105d=25.②
联立①②,得a1=-3,d=,
∴Sn=-3n+
=n2-n.
令f(n)=nSn,则f(n)=n3-n2,f'(n)=n2-n.令f'(n)=0,得n=0或n=
当n>时,f'(n)>0,当0 11.解 (1)∵a3+a7=-6=2a5,∴a5=-3. ∵1,a2,81成等比数列,=1×81. 又a2<0,∴a2=-9. ∴等差数列{an}的公差d==2. ∴an=a2+(n-2)×2=2n-13. (2)∵Sn==n2-12n. =n-12.由n-12≤0,解得n≤12. 因此,当n=11或n=12时,的前n项和Tn取得最小值. 12.解 (1)∵数列{an}为等差数列, ∴a3+a4=a2+a5=22. 又a3·a4=117, ∴a3,a4是方程x2-22x+117=0的两实根. 又公差d>0, ∴a3 ∴通项公式an=4n-3. (2)由 (1)知a1=1,d=4, ∴Sn=na1+d =2n2-n=2 ∴当n=1时,Sn最小,最小值为S1=a1=1. (3)由 (2)知Sn=2n2-n, ∴bn=, ∴b1=,b2=,b3= ∵数列{bn}是等差数列, ∴2b2=b1+b3,即2=,∴2c2+c=0, ∴c=-(c=0舍去),故c=- 13.解 (1)∵a4=2a2,且a1,4,a4成等比数列,解得 ∴数列{an}的通项公式为an=a1+(n-1)·d=2+2(n-1)=2n. (2)∵n同时满足: ①20≤n≤116;②n能够被5整除, ∴满足条件的n组成等差数列{bn},且b1=20,d=5,bn=115, ∴项数为+1=20. ∴{bn}的所有项的和为S20=20×20+20×19×5=1350. 又an=2n,即an=2bn, ∴满足条件的所有an的和为2S20=2×1350=2700.
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