0523 物理南京市届高三第二次模拟考试物理试题Word文档下载推荐.docx
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,可求得各个点电荷在a、b两点的电场场强大小,再根据矢量的合成,可得a、b两点的电场场强大小不等,故B不错.
C、根据点电荷的电场强度公式E=k
,得a、b两点的电场场强大小相等,再根据矢量合成,求出合场强相等,再根据正电荷的受力判断场强的方向不同.故C错误.
D、根据点电荷的电场强度公式E=k
可得各个点电荷在a、b两点的电场场强大小相等,再根据矢量合成,求出合场强相等,再根据正电荷的受力判断场强的方向相同.
再根据U=Φ2﹣Φ1,U=Ed得,Φ2﹣Φ1=Ed可判断a、b两电势相等.故D正确.
故选:
D
考查了点电荷的电场强度公式E=k
,矢量的合成,电势差与电势的关系,电势差与电场强的关系.
3.(3分)(2013•南京二模)如图所示,A、B为平行板电容器的金属板,G为静电计.开始时开关S闭合,静电计指针张开一定角度.为了使指针张开角度增大一些,应该采取的措施是( )
断开开关S后,将A、B两极板分开一些
断开开关S后,将A、B两极板靠近一些
保持开关S闭合,将A、B两极板靠近一些
保持开关S闭合,将R上的滑片向右移动
电容器的动态分析;
闭合电路的欧姆定律.
电容器专题.
静电计测量的是电容器两端的电势差,断开电键,电容器所带的电量不变,根据电容的变化判断电势差的变化.闭合电键,电容器两端的电势差等于电源的电动势.
A、断开电键,电容器带电量不变,将AB分开一些,则d增大,根据
知,电容减小,根据U=知,电势差增大,指针张角增大.故A正确.
B、断开电键,电容器带电量不变,将AB靠近一些,则d减小,根据
知,电容增大,根据U=知,电势差减小,指针张角减小.故B错误.
C、保持开关闭合,电容器两端的电势差不变,则指针张角不变.故C、D错误.
故选A.
本题考查电容器的动态分析,关键抓住断开电键,电容器所带的电量不变,电键闭合,电容器两端的电势差不变.
4.(3分)(2013•南京二模)已知通电长直导线周围某点的磁感应强度
,即磁感应强度B与导线中的电流I成正比、与该点到导线的距离r成反比.如图所示,两根平行长直导线相距为R,通以大小、方向均相同的电流.规定磁场方向垂直纸面向里为正,在0﹣R区间内磁感应强度B随x变化的图线可能是( )
通电直导线和通电线圈周围磁场的方向.
通电导线周围有磁场存在,磁场除大小之外还有方向,所以合磁场通过矢量叠加来处理.根据右手螺旋定则可得知电流方向与磁场方向的关系.
根据右手螺旋定则可得左边通电导线在两根导线之间的磁场方向垂直纸面向里,右边通电导线在两根导线之间的磁场方向垂直纸面向外,离导线越远磁场越弱,在两根导线中间位置磁场为零.由于规定B的正方向垂直纸面向里,所以C正确,ABD错误;
C
由于电流大小相等,方向相同,所以两根连线的中点磁场刚好为零,从中点向两边移动磁场越来越强,左边的磁场垂直纸面向里,右边的磁场垂直纸面向外.
5.(3分)(2013•南京二模)如图所示,两段等长细线串接着两个质量相等的小球a、b,悬挂于O点.现在两个小球上分别加上水平方向的外力,其中作用在b球上的力大小为F、作用在a球上的力大小为2F,则此装置平衡时的位置可能是下列哪幅图( )
共点力平衡的条件及其应用;
力的合成与分解的运用.
共点力作用下物体平衡专题.
以整体为研究对象,分析受力情况,确定上面绳子oa的方向,再以下面的小球为研究对象,分析受力,根据平衡条件确定下面绳子的方向.
设每个球的质量为m,oa与ab和竖直方向的夹角分别为α、β.
以两个小球组成的整体为研究对象,分析受力情况,如图1,根据平衡条件可知,oa绳的方向不可能沿竖直方向,否则整体的合力不为零,不能保持平衡.
由平衡条件得:
tanα=
以b球为研究对象,分析受力情况,如图2,由平衡条件得:
tanβ=
,则α<β.故C正确.
故选C
本题一要灵活选择研究对象,二要分析受力.采用整体法和隔离法相结合的方法研究,比较简便.
二、多项选择题:
本题共4小题,每小题4分,共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分.
6.(4分)(2013•南京二模)如图所示,线圈与电源、开关相连,直立在水平桌面上.铁芯插在线圈中,质量较小铝环套在铁芯上.闭合开关的瞬间,铝环向上跳起来.则下列说法中正确的是( )
若保持开关闭合,则铝环不断升高
开关闭合后,铝环上升到某一高度后回落
若保持开关闭合,则铝环跳起到某一高度停留
如果将电源的正、负极对调,还会观察到同样的现象
楞次定律.
闭合电键的瞬间,穿过铝环的磁通量增加,产生感应电流,铝环受到安培力而上跳.当电键保持闭合时,线圈产生的磁场稳定,穿过铝环的磁通量不变,没有感应电流产生.根据安培力产生情况,判断铝环的运动情况.
A、B、C若电键保持闭合时,线圈产生的磁场稳定,穿过铝环的磁通量不变,没有感应电流产生,铝环不受安培力,只受重力作用,则上跳某一高度后将回落.故AC错误,B正确.
D、如果电源的正、负极对调,闭合电键的瞬间,穿过铝环的磁通量仍然增加,产生感应电流,铝环仍然受到安培力而上跳.电键保持闭合时,线圈产生的磁场稳定,穿过铝环的磁通量不变,没有感应电流产生,铝环不受安培力,只受重力作用,则上跳某一高度后将回落.则观察到的现象不变.故D正确.
故选BD.
本题考查应用物理规律解决实际问题的能力.根据楞次定律,无论电源的极性如何,当线圈中电流增大时,铝环都将上跳.
7.(4分)(2013•南京二模)某人造卫星运动的轨道可近似看作是以地心为中心的圆.该卫星到地心的距离从r1慢慢减小到r2,用v1、v2;
EKl、EK2;
T1、T2;
a1、a2分别表示卫星在这两个轨道上的速度、动能、周期和向心加速度,则( )
v1>v2
EKl<EK2
T1>T2
a1<a2
人造卫星的加速度、周期和轨道的关系;
万有引力定律及其应用.
人造卫星问题.
人造地球卫星在绕地球做圆周运动时地球对卫星的引力提供圆周运动的向心力列出表示出线速度、加速度和周期等式求解.
根据万有引力提供向心力有:
=
=m
=ma
v=
T=2
a=
该卫星到地心的距离从r1慢慢减小到r2,
A、该卫星到地心的距离从r1慢慢减小到r2,
v1<v2,EKl<EK2,故A错误,B正确
C、该卫星到地心的距离从r1慢慢减小到r2,
T1>T2,故C正确
D、该卫星到地心的距离从r1慢慢减小到r2,
a1<a2,故D正确
故选BCD
一个天体绕中心天体做圆周运动时万有引力提供向心力,灵活的选择向心力的表达式是我们顺利解决此类题目的基础.我们要按照不同的要求选择不同的公式来进行求解.
8.(4分)(2013•南京二模)图甲是某燃气炉点火装置的原理图,转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压,并加在一理想变压器的原线圈上,变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2,V为理想交流电压表.当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时,就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体.以下判断正确的是( )
电压表的示数为3.5V
电压表的示数为5V
实现点火的条件是
<1000
>1000
变压器的构造和原理.
交流电专题.
根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等,再根据电压与匝数成正比即可求得结论.
A、图乙所示的正弦交变电压,最大值为有效值的
倍,所以电压的有效值为3.5V,故A正确,B错误
C、当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时,就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体.
电压与匝数成正比,所以实现点火的条件是
>1000,故C错误,D正确
故选AD.
掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系,最大值和有效值之间的关系即可解决本题.
9.(4分)(2013•南京二模)如图所示,一质量为m的小球套在光滑竖直杆上,轻质弹簧一端固定于O点,另一端与该小球相连.现将小球从A点由静止释放,沿竖直杆运动到B点,已知OA长度小于OB长度,弹簧处于OA、OB两位置时弹力大小相等.在小球由A到B的过程中( )
加速度等于重力加速度g的位置有两个
弹簧弹力的功率为零的位置有两个
弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功
弹簧弹力做正功过程中小球运动的距离等于小球克服弹簧弹力做功过程中小球运动的距离
功的计算;
胡克定律;
牛顿第二定律.
功的计算专题.
弹力为0时或弹力方向与杆垂直时物体加速度为g,且弹力功率为0.因A,B弹力大小相等则弹性势能相等.据此分析各选项.
A、在运动过程中A点为压缩状态,B点为伸长状态,则由A到B有一状态弹力为0且此时弹力与杆不垂直,加速度为g;
当弹簧与杆垂直时小球加速度为g.则两处
加速度为g.故A正确
B、弹簧与杆垂直时弹力的功率为0.有两位置的弹力为0,其功率为0,共3处,故B错误
C、因A点与B点弹簧的弹性势能相同,则弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功.故C正确
D、因做负功时弹力大,则弹簧弹力做正功过程中小球运动的距离大于小球克服弹簧弹力做功过程中小球运动的距离.故D错误
AC
考查弹簧弹力做功的内容,明确功与功率和力与速度方向夹角有关,会由能量的变化分析功的正负.
三、简答题:
本题分必做题(第l0、11题)和选做题(第12题)两部分,共计42分.请将解答填写在答题卡相应的位置.【必做题】
10.(10分)(2013•南京二模)
(1)一种游标卡尺,它的游标尺有50个等分度,总长度为49mm.现用它测量某工件宽度,示数如图甲所示,其读数为 4.010 cm.乙图中螺旋测微器读数为 1.130 mm.
(2)某同学利用如图丙所示的气垫导轨装置验证系统机械能守恒定律.在气垫导轨上安装了两光电门1、2,滑块上固定一遮光条,滑块用细线绕过定滑轮与钩码相连.
①实验时要调整气垫导轨水平.不挂钩码和细线,接通气源,如果滑块 能在气垫导轨上静止或做匀速运动或滑块经两个光电门的时间相等 ,则表示气垫导轨调整至水平状态.
②不挂钩码和细线,接通气源,滑块从轨道右端向左运动的过程中,发现滑块通过光电门1的时间小于通过光电门2的时间.实施下列措施能够达到实验调整目标的是 AB
A.调节P使轨道左端升高一些
B.调节Q使轨道右端降低一些
C.遮光条的宽度应适当大一些
D.滑块的质量增大一些
E.气源的供气量增大一些
③实验时,测出光电门1、2间的距离L,遮光条的宽度d,滑块和遮光条的总质量M,钩码质量m.由数字计时器读出遮光条通过光电门1、2的时间t1、t2,则系统机械能守恒成立的表达式是 mgL=(m+M)(
)2﹣(m+M)(
)2 .
验证机械能守恒定律;
刻度尺、游标卡尺的使用;
螺旋测微器的使用.
实验题;
恒定电流专题.
(1)游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,不需估读;
螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读,注意二者读数的差别.
(2)明确实验原理以及气垫导轨装置的特点可正确解答;
表示出钩码的重力势能减少量和系统动能增加量的大小来验证机械能守恒定律.
(1)游标卡尺的主尺读数为40mm,游标尺上第7个刻度与主尺上某一刻度对齐,故其读数为0.02×
5mm=0.10mm,所以最终读数为:
40mm+0.10mm=40.10mm=4.010cm;
螺旋测微器的固定刻度读数为1mm,可动刻度读数为0.01×
13.0mm=0.130mm,所以最终读数为:
1mm+0.130mm=1.130mm.
(2)①实验时要调整气垫导轨水平.不挂钩码和细线,接通气源,如果滑块能在气垫导轨上静止或做匀速运动或滑块经两个光电门的时间相等,则表示气垫导轨调整至水平状态.
②不挂钩码和细线,接通气源,滑块从轨道右端向左运动的过程中,发现滑块通过光电门1的时间小于通过光电门2的时间.说明滑块做加速运动,也就是左端低,右端高.所以实施下列措施能够达到实验调整目标的是调节P使轨道左端升高一些,调节Q使轨道右端降低一些.故选AB.
③实验时,测出光电门1、2间的距离L,遮光条的宽度d,滑块和遮光条的总质量M,钩码质量m.由数字计时器读出遮光条通过光电门1、2的时间t1、t2,
滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度.
钩码的重力势能减少了:
mgL,系统动能增加了:
(m+M)(
)2
则系统机械能守恒成立的表达式是mgL=(m+M)(
故答案为:
(1)4.010,1.130
(2)①能在气垫导轨上静止或做匀速运动或滑块经两个光电门的时间相等
②AB
③mgL=(m+M)(
常用仪器的读数要掌握,这是物理实验的基础.处理实验时一定要找出实验原理,根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项.
11.(8分)(2013•南京二模)某同学制作了一水果电池,欲测定该电池的电动势E和内阻r.给定器材如下:
A.待测水果电池EB.电流表G(量程10mA,内阻约40Ω)
C.电阻箱R(0~999.9Ω)D.开关S及导线
(1)因为电流表G内阻的准确值未知,所以他用如图甲所示的电路测量其内阻rG.已知图中电流表A的内阻为rA.在某次测量中,读出电流表A、电流表G的读数分别为IA、IG,则内阻rG=
rA .
(2)若电流表G内阻的测量值rG=40.0Ω.现采用图乙所示的电路测量水果电池的电动势E和内阻r.根据实验数据绘出的﹣R图象如图丙所示,则图线斜率表示的物理意义是 电动势的倒数 .根据图象求出该电池的电动势E= 6 V、内阻r= 20 Ω.(结果保留整数)
测定电源的电动势和内阻.
(1)电流表G和电流表A并联,两端电压相等,根据欧姆定律列式求解即可;
(2)先根据闭合电路欧姆定律列式,变形得到
关系公式,结合图象求解出电动势和电源内电阻.
(1)电流表G和电流表A并联,两端电压相等,根据欧姆定律,有
解得
(2)根据闭合电路欧姆定律,有:
E=I(r+rG+R);
变形得到:
;
由图象得到
纵轴截距:
①
当横坐标为180时,纵坐标为0.04,故0.04×
103=
②
由①②联立解得:
E=6V,r=20Ω;
(1)
rA;
(2)电动势的倒数,6,20.
本题关键是明确安阻法测电源电动势和内电阻实验的原理,特别是用图想法分析数据时,要能找出对应的线性关系.
12.(4分)(2013•南京二模)下列说法正确的是( )
知道水的摩尔质量和水分子的质量,可计算出阿伏加德罗常数
当液晶中电场强度不同时,它对不同颜色的光吸收强度就不同
蔗糖受潮后会粘在一起,没有确定的几何形状,它是非晶体
理想气体的温度随时间不断升高,则其压强也一定不断增大
阿伏加德罗常数;
*晶体和非晶体;
*液晶.
阿伏伽德罗常数的应用专题.
本题应抓住:
根据1摩尔任何物质都含有阿伏加德罗常数个微粒,由摩尔质量与一个分子质量可以求解阿伏加德罗常数.液晶的特性是:
当液晶中电场强度不同时,它对不同颜色的光吸收强度就不同;
蔗糖受潮后会粘在一起,没有确定的几何形状,蔗糖各向异性,是晶体;
理想气体的温度随时间不断升高,其压强不一定不断增大,由气态方程分析.
A、水的摩尔质量和水分子的质量之比等于阿伏加德罗常数.故A正确.
B、当液晶中电场强度不同时,它对不同颜色的光吸收强度就不同;
故B正确.
C、蔗糖受潮后会粘在一起,没有确定的几何形状,蔗糖各向异性,自然状态时有规则的形状,故蔗糖是晶体;
故B错误.
D、由气态方程
=c可知,理想气体的温度随时间不断升高,pV增大,但压强不一定不断增大,故D错误.
故选AB
本题中计算阿伏加德罗常数,可由摩尔质量与一个分子质量之比求出.对于液体或固体,可以由摩尔体积除以一个分子的体积V,估算阿伏加德罗常数.
13.(4分)(2013•南京二模)在“用油膜法估测分子的大小”实验中,用注射器将一滴油酸溶液滴入盛水的浅盘里,待水面稳定后,将玻璃板放在浅盘上,在玻璃板上描出油膜的轮廓,随后把玻璃板放在坐标纸上,其形状如图所示,坐标纸上正方形小方格的边长为10mm,该油酸膜的面积是 8×
10﹣3 m2;
若一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是4×
10﹣6mL,则油酸分子的直径是 5×
10﹣10 m.(上述结果均保留1位有效数字)
用油膜法估测分子的大小.
实验题.
在油膜所围成的方格中,先数出坐标纸上方格的个数,不足半个舍去,多于半个的算一个,即可统计出油酸薄膜的面积;
根据d=求出分子直径.
①在围成的方格中,不足半个舍去,多于半个的算一个,共有80个方格,故油酸膜的面积为S=80×
(10×
10﹣3)2m2=8×
10﹣3m2
②油酸分子直径为d==
m=5×
10﹣10m
8×
10﹣3,5×
10﹣10.
本题是以油酸分子呈球型分布在水面上,且一个挨一个,从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度.
14.(2013•南京二模)如图所示,用轻质活塞在气缸内封闭一定质量理想气体,活塞与气缸壁间摩擦忽略不计,开始时活塞距气缸底高度h1=0.50m.给气缸加热,活塞缓慢上升到距离气缸底h2=0.80m处,同时缸内气体吸收Q=450J的热量.已知活塞横截面积S=5.0×
10﹣3m2,大气压强p0=1.0×
105Pa.求:
①缸内气体对活塞所做的功W;
②此过程中缸内气体增加的内能△U.
热力学第一定律;
气体的等容变化和等压变化.
热力学定理专题.
①活塞缓慢上升为等压过程,由功的表达式求解即可.
②由热力学第一定律△u=W+Q可求.
①活塞缓慢上升,视为等压过程,
则气体对活塞做功W=F△h=p0S△h=150J
②根据热力学定律△U=W+Q=﹣150+450=300J
答:
①缸内气体对活塞所做的功为150J
②此过程中缸内气体增加的内能△U=300J
基本公式的应用,明确做功与热量的正负的确定是解题的关键.
15.(2013•南京二模)下列说法正确的是( )
全息照片的拍摄利用了光的衍射原理
在不同的惯性参考系中,一切物理规律都是相同的
光导纤维是由内芯和外套两层组成,内芯的折射率比外套的小,光在内芯与外套的界面上发生全反射
“CT”机是利用X射线从不同角度照射人体,计算机对其投影进行分析,给出人体组织照片
光导纤维及其应用;
全反射.
全息照相的拍摄利用光的干涉.在不同的惯性参考系中,一切物理规律都是相同的.发生全反射的条件是光从光密介质进入光疏介质,入射角大于等于临界角.
A、全息照相的拍摄利用光的干涉.故A错误.
B、在不同的惯性参考系中,一切物理规律都是相同的.故B正确.
C、发生全反射的条件是光从光密介质进入光疏介质,入射角大于等于临界角.则内芯的折射率大于外套的折射率.故C错误.
D、“CT”机是利用X射线从不同角度照射人体,计算机对其投影进行分析,给出人体组织照片.故D正确.
本题考查了光的干涉、相对论、全反射等基础知识点,比较简单,关键要熟悉教材,牢记这些基础知识点.
16.(4分)(2013•南京二模)(如图(a)所示,细线的上端固定在铁架台上,下端系一个小钢球,做成一个单摆.测量摆长l和摆的周期T,得到一组数据.改变摆长,再得到几组数据.从中可以找出周期与摆长的关系.实验过程有两组同学分别用了图(b)(c)的两种不同方式悬挂小钢球,你认为 C (选填“b”或“c”)悬挂方式较好.图(d)是某组同学根据实验数据画出的T2﹣l图线,通过图线得到振动周期T与摆长l的关系是 单摆周期T与摆长平方根成正比 .
用单摆测定重力加速度.
单摆问题.
单摆的试验中,摆长必须固定;
分析图象可知,T2与l成正比,因此T与l的
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