广东省佛山市禅城区澜石中学中考数学二模试卷解析版.doc
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2019年广东省佛山市禅城区澜石中学中考数学二模试卷
一.选择题(共10小题,满分30分,每小题3分)
1.如果|a|=a,下列各式成立的是( )
A.a>0 B.a<0 C.a≥0 D.a≤0
2.已知某新型感冒病毒的直径约为0.000000733米,将0.000000733用科学记数法表示为( )
A.7.33×10﹣6 B.7.33×10﹣7 C.7.33×106 D.7.33×107
3.下列计算正确的是( )
A.b3•b3=2b3 B.(ab2)3=ab6 C.(a5)2=a10 D.y3+y3=y6
4.观察下列图标,从图案看是轴对称图形的有( )
A.1个 B.2个 C.3个 D.4个
5.某校在“爱护地球,绿化祖国”的创建活动中,组织了100名学生开展植树造林活动,其植树情况整理如下表:
植树棵树(单位:
棵)
4
5
6
8
10
人数(人)
30
22
25
15
8
则这100名学生所植树棵树的中位数为( )
A.4 B.5 C.5.5 D.6
6.如图,将直尺与含30°角的三角尺摆放在一起,若∠1=20°,则∠2的度数是( )
A.30° B.40° C.50° D.60°
7.将多项式x﹣x3因式分解正确的是( )
A.x(1﹣x2) B.x(x2﹣1)
C.x(1+x)(1﹣x) D.x(x+1)(x﹣1)
8.下列命题的逆命题为真命题的是( )
A.如果a=b,那么a2=b2
B.若a=b,则|a|=|b|
C.对顶角相等
D.两直线平行,同旁内角互补
9.如图,在平面直角坐标系中,A(﹣3,1),以点O为直角顶点作等腰直角三角形AOB,双曲线y1=在第一象限内的图象经过点B,设直线AB的解析式为y2=k2x﹣b,当y1>y2时,x的取值范围是( )
A.﹣5<x<1 B.0<x<1或x<﹣5
C.﹣6<x<1 D.0<x<1或x<﹣6
10.如图,已知MN是⊙O的直径,点Q在⊙O上,将劣弧沿弦MQ翻折交MN于点P,连接PQ,若∠PMQ=16°,则∠PQM的度数为( )
A.32° B.48° C.58° D.74°
二.填空题(共6小题,满分24分,每小题4分)
11.一个多边形的内角和与外角和的比是4:
1,则它的边数是 .
12.桥梁拉杆,电视塔底座,都是三角形结构,这是利用三角形的 性.
13.在纸上画了一条数轴后,折叠纸面,使数轴上表示﹣1的点与表示3的点重合,这时表示﹣99的点与表示2x+1的点也重合,则x+1969的值是 .
14.在一次摸球实验中,摸球箱内放有白色、黄色乒乓球共50个,这两种乒乓球的大小、材质都相同.小明发现,摸到白色乒乓球的频率稳定在60%左右,则箱内黄色乒乓球的个数很可能是 .
15.已知a、b、c为△ABC的三边长,且a、b满足|a﹣2|+b2﹣14b+49=0,c为奇数,则△ABC的周长为 .
16.电子跳蚤游戏盘是如图所示的△ABC,AB=AC=BC=5.如果跳蚤开始时在BC边的P0处,BP0=2.跳蚤第一步从P0跳到AC边的P1(第1次落点)处,且CP1=CP0;第二步从P1跳到AB边的P2(第2次落点)处,且AP2=AP1;第三步从P2跳到BC边的P3(第3次落点)处,且BP3=BP2;…;跳蚤按照上述规则一直跳下去,第n次落点为Pn(n为正整数),则点P2016与点P2017之间的距离为 .
三.解答题(共3小题,满分18分,每小题6分)
17.(6分)计算:
.
18.(6分)先化简,再求值:
(x﹣2+)÷,其中x=﹣.
19.(6分)如图,△ABC三个顶点的坐标分别为A(2,4),B(1,1),C(4,3).
(1)请画出△ABC关于x轴对称的△A1B1C1,并写出点A1的坐标;
(2)画出△ABC绕原点O按顺时针方向旋转90°后的△A2B2C2,并求出点C旋转到点C2所经过的路线长(结果保留π).
四.解答题(共3小题,满分21分,每小题7分)
20.(7分)“中国梦”是中华民族每一个人的梦,也是每一个中小学生的梦,各中小学开展经典诵读活动,无疑是“中国梦”教育这一宏大乐章里的响亮音符,学校在经典诵读活动中,对全校学生用A(优秀)、B(良好)、C(合格)、D(不合格)四个等级进行评价,现从中抽取若干个学生进行调查,绘制出了两幅不完整的统计图,请你根据图中信息解答下列问题:
(1)共抽取了 名学生进行调查;
(2)将图甲中的条形统计图补充完整;
(3)求出图乙中B等级所占圆心角的度数;
(4)根据抽样调查的结果,请你估计该校2000名学生中有多少名学生获得A等级的评价.
21.(7分)如图,在面积为4的平行四边形ABCD中,作一个面积为1的△ABP,使点P在平行四边形ABCD的边上(要求:
尺规作图,保留作图痕迹,不写作法).
22.(7分)某批服装进价为每件200元,商店标价每件300元,现商店准备将这批服装打折出售,但要保证毛利润不低于5%,问售价最低可按标价的几折?
(要求通过列不等式进行解答)
五.解答题(共3小题,满分27分,每小题9分)
23.(9分)如图,在矩形OABC中,点O为原点,点A的坐标为(0,8),点C的坐标为(6,0).抛物线y=﹣x2+bx+c经过点A、C,与AB交于点D.
(1)求抛物线的函数解析式;
(2)点P为线段BC上一个动点(不与点C重合),点Q为线段AC上一个动点,AQ=CP,连接PQ,设CP=m,△CPQ的面积为S.
①求S关于m的函数表达式;
②当S最大时,在抛物线y=﹣x2+bx+c的对称轴l上,若存在点F,使△DFQ为直角三角形,请直接写出所有符合条件的点F的坐标;若不存在,请说明理由.
24.(9分)如图,已知AB是圆O的直径,F是圆O上一点,∠BAF的平分线交⊙O于点E,交⊙O的切线BC于点C,过点E作ED⊥AF,交AF的延长线于点D.
(1)求证:
DE是⊙O的切线;
(2)若DE=3,CE=2,
①求的值;
②若点G为AE上一点,求OG+EG最小值.
25.(9分)如图1,在四边形ABCD的边BC的延长线上取一点E,在直线BC的同侧作一个以CE为底的等腰△CEF,且满足∠B+∠F=180°,则称三角形CEF为四边形ABCD的“伴随三角形”.
(1)如图1,若△CEF是正方形ABCD的“伴随三角形”:
①连接AC,则∠ACF= ;
②若CE=2BC,连接AE交CF于H,求证:
H是CF的中点;
(2)如图2,若△CEF是菱形ABCD的“伴随三角形”,∠B=60°,M是线段AE的中点,连接DM、FM,猜想并证明DM与FM的位置与数量关系.
2019年广东省佛山市禅城区澜石中学中考数学二模试卷
参考答案与试题解析
一.选择题(共10小题,满分30分,每小题3分)
1.【分析】由条件可知a是绝对值等于本身的数,可知a为0或正数,可得出答案.
【解答】解:
∵|a|=a,
∴a为绝对值等于本身的数,
∴a≥0,
故选:
C.
【点评】本题主要考查绝对值的计算,掌握绝对值等于它本身的数有0和正数(即非负数)是解题的关键.
2.【分析】绝对值小于1的正数也可以利用科学记数法表示,一般形式为a×10﹣n,与较大数的科学记数法不同的是其所使用的是负指数幂,指数由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定.
【解答】解:
0.000000733=7.33×10﹣7.
故选:
B.
【点评】本题考查用科学记数法表示较小的数,一般形式为a×10﹣n,其中1≤|a|<10,n为由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定.
3.【分析】直接利用合并同类项法则以及幂的乘方运算法则和积的乘方运算法则分别计算得出答案.
【解答】解:
A、b3•b3=b6,故此选项错误;
B、(ab2)3=a3b6,故此选项错误;
C、(a5)2=a10,正确;
D、y3+y3=2y3,故此选项错误;
故选:
C.
【点评】此题主要考查了合并同类项以及幂的乘方运算和积的乘方运算,正确掌握相关运算法则是解题关键.
4.【分析】根据轴对称图形的概念判断即可.
【解答】解:
A、是轴对称图形;
B、是轴对称图形;
C、是轴对称图形;
D、不是轴对称图形,
故选:
C.
【点评】本题考查的是轴对称图形的概念,轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后可重合.
5.【分析】利用中位数的定义求得中位数即可.
【解答】解:
因为共有100个数,把这组数据从小到大排列,最中间两个数的平均数是第50个数和第51个数的平均数,
所以中位数是(5+5)÷2=5.
故选:
B.
【点评】本题考查了确定一组数据的中位数的能力.注意找中位数的时候一定要先排好顺序,然后再根据奇数和偶数个来确定中位数,如果数据有奇数个,则正中间的数字即为所求,如果是偶数个则找中间两位数的平均数.
6.【分析】先根据三角形外角的性质求出∠BEF的度数,再根据平行线的性质得到∠2的度数.
【解答】解:
如图,∵∠BEF是△AEF的外角,∠1=20°,∠F=30°,
∴∠BEF=∠1+∠F=50°,
∵AB∥CD,
∴∠2=∠BEF=50°,
故选:
C.
【点评】本题主要考查了平行线的性质,解题的关键是掌握三角形外角的性质.
7.【分析】直接提取公因式x,再利用平方差公式分解因式即可.
【解答】解:
x﹣x3=x(1﹣x2)
=x(1﹣x)(1+x).
故选:
C.
【点评】此题主要考查了提取公因式法以及公式法分解因式,正确运用公式是解题关键.
8.【分析】把一个命题的题设和结论互换即可得到其逆命题,再逐个分析真假命题即可.
【解答】解:
A、逆命题为:
如果a2=b2,那么a=b,错误,为假命题;
B、逆命题为:
若|a|=|b|,则a=b,错误,是假命题;
C、逆命题为:
相等的角是对顶角,错误,是假命题;
D、逆命题为:
同旁内角互补,两直线平行,正确,是真命题,
故选:
D.
【点评】本题考查了互逆命题的知识,两个命题中,如果第一个命题的条件是第二个命题的结论,而第一个命题的结论又是第二个命题的条件,那么这两个命题叫做互逆命题.其中一个命题称为另一个命题的逆命题.
9.【分析】由△AOB是等腰三角形,先求的点B的坐标,然后利用待定系数法可求得双曲线和直线的解析式,然后将将y1=与y2=x+联立,求得双曲线和直线的交点的横坐标,然后根据图象即可确定出x的取值范围.
【解答】解:
如图所示:
∵△AOB为等腰直角三角形,
∴OA=OB,∠3+∠2=90°.
又∵∠1+∠3=90°,
∴∠1=∠2.
∵点A的坐标为(﹣3,1),
∴点B的坐标(1,3).
将B(1,3)代入反比例函数的解析式得:
3=,
∴k=3.
∴y1=
将A(﹣3,1),B(1,3)代入直线AB的解析式得:
,
解得:
,
∴直线AB的解析式为y2=x+.
将y1=与y2=x+,
联立得;,
解得:
,
当y1>y2时,双曲线位于直线线的上方,
∴x的取值范围是:
x<﹣6或0<x<1.
故选:
D.
【点评】本题主要考查了反比例函数和一次函数的交点问题,求得双曲线和直线的交点的横坐标是解题的关键,同时本题还考查了函数与不等式的关系:
从函数的角度看,y1>y2就是双曲线y1=位于直线y2=x+上方部分所有点的横坐标的集合;从不等式的角度来看y1>y2就是求不等式>x+的解集.
10.【分析】首先连接NQ,由MN是直径,可求得∠MQN=90°,则可求得∠MNQ的度数,然后由翻折的性质可得,所对的圆周角为∠MNQ,所对的圆周角为∠MPQ,继而求得答案.
【解答】解:
连接NQ,
∵MN是直径,
∴∠MQN=90°,
∵∠PMQ=16°,
∴∠MNQ=90°﹣∠PMQ=90°﹣16°=74°,
根据翻折的性质,所对的圆周角为∠MNQ,所对的圆周角为∠MPQ,
∴∠MPQ+∠MNQ=180°,
∴∠MNQ=∠QPN=74°,
∴∠PQM=∠MNQ﹣∠PMQ=74°﹣16°=58°.
故选:
C.
【点评】此题考查了圆周角定理以及折叠的性质.注意掌握辅助线的作法,能得到∠MNQ=∠QPN是解此题的关键.
二.填空题(共6小题,满分24分,每小题4分)
11.【分析】多边形的外角和是360度,内角和与外角和的比是4:
1,则内角和是1440度.n边形的内角和是(n﹣2)•180°,如果已知多边形的内角和,就可以得到一个关于边数的方程,解方程就可以求出多边形的边数.
【解答】解:
根据题意,得
(n﹣2)•180=1440,
解得:
n=10.
则此多边形的边数是10.
故答案为:
10.
【点评】本题考查了多边形内角和定理和外角和定理:
多边形内角和为(n﹣2)•180°,外角和为360°.
12.【分析】根据三角形的三边一旦确定,则形状大小完全确定,即三角形的稳定性作答.
【解答】解:
桥梁拉杆,电视塔底座,都是三角形结构,这是利用三角形的稳定性.
故答案为:
稳定.
【点评】本题考查三角形的稳定性在实际生活中的应用问题,是基础题型.
13.【分析】由折叠的性质可知,折叠重合的两点表示的数之和相等,进而可得出关于x的一元一次方程,解之即可求出x的值,再将其代入x+1969中即可求出结论.
【解答】解:
根据题意得:
﹣99+2x+1=﹣1+3,
解得:
x=50,
∴x+1969=2019.
故答案为:
2019.
【点评】本题考查了数轴、折叠的性质以及一元一次方程的应用,通过解一元一次方程求出x的值是解题的关键.
14.【分析】先设出白球的个数,根据白球的频率求出白球的个数,再用总的个数减去白球的个数即可.
【解答】解:
设白球的个数为x个,
∵共有黄色、白色的乒乓球50个,白球的频率稳定在60%,
∴=60%,
解得x=30,
∴布袋中白色球的个数很可能是50﹣30=20(个).
故答案为:
20.
【点评】此题考查了利用频率估计概率,大量反复试验下频率稳定值即概率,关键是根据白球的频率得到相应的等量关系,列出方程.
15.【分析】利用配方法把原式变形,根据非负数的性质和三角形三边关系解答即可.
【解答】解:
∵|a﹣2|+b2﹣14b+49=0,
∴|a﹣2|+(b2﹣14b+49)=0,
∴|a﹣2|+(b﹣7)2=0,
∴a=2,b=7,
∴边长c的范围为2<c<9.
∵边长c的值为奇数,
∴c=3,5,7
∵2+7>7,
∴△ABC的周长为2+7+7=16.
故答案为:
16.
【点评】本题考查的是配方法的应用和三角形三边关系,灵活运用完全平方公式、掌握三角形三边关系是解题的关键.
16.【分析】根据等边三角形的性质求出P0P1=3,P1P2=2,P2P3=3,P3P4=2,找出规律进行解答即可.
【解答】解:
∵△ABC为等边三角形,边长为5,根据跳动规律可知,
∴P0P1=3,P1P2=2,P2P3=3,P3P4=2,…
观察规律:
当落点脚标为奇数时,距离为3,当落点脚标为偶数时,距离为2,
∵2017是奇数,
∴点P2016与点P2017之间的距离是3.
故答案为:
3.
【点评】本题考查的是等边三角形的性质,根据题意求出P0P1,P1P2,P2P3,P3P4的值,找出规律是解答此题的关键.
三.解答题(共3小题,满分18分,每小题6分)
17.【分析】直接利用零指数幂的性质以及二次根式的性质、特殊角的三角函数值、负整数指数幂的性质分别化简得出答案.
【解答】解:
原式=4×﹣(2﹣3)﹣2+1
=2+3﹣2﹣2+1
=2.
【点评】此题主要考查了实数运算,正确化简各数是解题关键.
18.【分析】先根据分式的混合运算顺序和运算法则化简原式,再将x的值代入计算可得.
【解答】解:
原式=(+)•
=•
=2(x+2)
=2x+4,
当x=﹣时,
原式=2×(﹣)+4
=﹣1+4
=3.
【点评】本题主要考查分式的化简求值,在化简的过程中要注意运算顺序和分式的化简.化简的最后结果分子、分母要进行约分,注意运算的结果要化成最简分式或整式.
19.【分析】
(1)直接利用关于x轴对称点的性质得出对应点位置进而得出答案;
(2)利用旋转的性质得出对应点位置,再利用弧长计算公式得出答案.
【解答】解:
(1)如图所示:
△A1B1C1,即为所求,A1的坐标为:
(2,﹣4);
(2)如图所示:
△A2B2C2,即为所求,
可得CO==5,
点C旋转到点C2所经过的路线长为:
=π.
【点评】此题主要考查了旋转变换以及轴对称变换,正确得出对应点位置是解题关键.
四.解答题(共3小题,满分21分,每小题7分)
20.【分析】
(1)用C等级的人数除以总人数其所占百分比可得调查总人数;
(2)根据各等级人数之和等于总人数求得B等级人数,据此可补全条形图;
(3)用360°乘以B等级人数占总人数的比例;
(4)用总人数乘以样本中A等级人数占总人数的比例可得.
【解答】解:
(1)抽取调查的学生总人数为10÷10%=100,
故答案为:
100;
(2)B等级的人数为100﹣50﹣10﹣5=35(人),
画条形统计图如图:
(3)图乙中B等级所占圆心角的度数360°×=126°;
(4)2000×=1000,
答:
估计有1000名学生获得A等级的评价.
【点评】本题考查条形统计图、扇形统计图、用样本估计总体,解答本题的关键是明确题意,利用数形结合的思想解答.
21.【分析】作AD的垂直平分线交AD于P,连接BP,则利用平行四边形的性质可求出△ABP的面积为1.
【解答】解:
如图,△ABP为所作.
【点评】本题考查了作图﹣复杂作图:
复杂作图是在五种基本作图的基础上进行作图,一般是结合了几何图形的性质和基本作图方法.解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质,结合几何图形的基本性质把复杂作图拆解成基本作图,逐步操作.也考查了平行四边形的性质.
22.【分析】设售价可以按标价打x折,根据“保证毛利润不低于5%”列出不等式,解之可得.
【解答】解:
设售价可以按标价打x折,
根据题意,得:
200+200×5%≤300×,
解得:
x≥7,
答:
售价最低可按标价的7折.
【点评】本题主要考查一元一次不等式的应用,解题的关键是理解题意,找到题目蕴含的不等关系,并据此列出不等式.
五.解答题(共3小题,满分27分,每小题9分)
23.【分析】
(1)将A、C两点坐标代入抛物线y=﹣x2+bx+c,即可求得抛物线的解析式;
(2)①先用m表示出QE的长度,进而求出三角形的面积S关于m的函数;
②直接写出满足条件的F点的坐标即可,注意不要漏写.
【解答】解:
(1)将A、C两点坐标代入抛物线,得
,
解得:
,
∴抛物线的解析式为y=﹣x2+x+8;
(2)①∵OA=8,OC=6,
∴AC==10,
过点Q作QE⊥BC与E点,则sin∠ACB===,
∴=,
∴QE=(10﹣m),
∴S=•CP•QE=m×(10﹣m)=﹣m2+3m;
②∵S=•CP•QE=m×(10﹣m)=﹣m2+3m=﹣(m﹣5)2+,
∴当m=5时,S取最大值;
在抛物线对称轴l上存在点F,使△FDQ为直角三角形,
∵抛物线的解析式为y=﹣x2+x+8的对称轴为x=,
D的坐标为(3,8),Q(3,4),
当∠FDQ=90°时,F1(,8),
当∠FQD=90°时,则F2(,4),
当∠DFQ=90°时,设F(,n),
则FD2+FQ2=DQ2,
即+(8﹣n)2++(n﹣4)2=16,
解得:
n=6±,
∴F3(,6+),F4(,6﹣),
满足条件的点F共有四个,坐标分别为
F1(,8),F2(,4),F3(,6+),F4(,6﹣).
【点评】本题是二次函数的综合题,其中涉及到的知识点有抛物线的解析式的求法抛物线的最值等知识点,是各地中考的热点和难点,解题时注意数形结合数学思想的运用,同学们要加强训练,属于中档题.
24.【分析】
(1)根据切线的判定,连接过切点E的半径OE,利用等腰三角形和平行线性质即能证得OE⊥DE.
(2)①观察DE所在的△ADE与CE所在的△BCE的关系,由等角的余角相等易证△ADE∽△BEC,即得的值.②先利用的值和相似求出圆的直径,发现∠BAC=30°;利用30°所对直角边等于斜边一半,给EG构造以EG为斜边且有30°的直角三角形,把EG转化到EP,再从P出发构造PQ=OG,最终得到三点成一直线时线段和最短的模型.
【解答】
(1)证明:
连接OE
∵OA=OE
∴∠OAE=∠OEA
∵AE平分∠BAF
∴∠OAE=∠EAF
∴∠OEA=∠EAF
∴OE∥AD
∵ED⊥AF
∴∠D=90°
∴∠OED=180°﹣∠D=90°
∴OE⊥DE
∴DE是⊙O的切线
(2)解:
①连接BE
∵AB是⊙O直径
∴∠AEB=90°
∴∠BED=∠D=90°,∠BAE+∠ABE=90°
∵BC是⊙O的切线
∴∠ABC=∠ABE+∠CBE=90°
∴∠BAE=∠CBE
∵∠DAE=∠BAE
∴∠DAE=∠CBE
∴△ADE∽△BEC
∴
∵DE=3,CE=2
∴
②过点E作EH⊥AB于H,过点G作GP∥AB交EH于P,过点P作PQ∥OG交AB于Q
∴EP⊥PG,四边形OGPQ是平行四边形
∴∠EPG=90°,PQ=OG
∵
∴设BC=2x,AE=3x
∴AC=AE+CE=3x+2
∵∠BEC=∠ABC=90°,∠C=∠C
∴△BEC∽△ABC
∴
∴BC2=AC•CE即(2x)2=2(3x+2)
解得:
x1=2,x2=﹣(舍去)
∴BC=4,AE=6,AC=8
∴sin∠BAC=,
∴∠BAC=30°
∴∠EGP=∠BAC=30°
∴PE=EG
∴OG+EG=PQ+PE
∴当E、P、Q在同一直线上(即H、Q重合)时,PQ+PE=EH最短
∵EH=AE=3
∴OG+EG的最小值为3
【点评】本题考查了等腰三角形和平行线性质,切线的判定和性质,相似的判定和性质,最短路径问题.第
(1)题为常规题型较简单;第
(2)①题关键是发现DE、CE所在三角形的相似关系;②是求出所有线段长后发现30°角,利用30°构造,考查了转化思想.
25.【分析】
(1)①连接AC,由正方形的性质和“伴随三角形”的性质可求∠ACB=∠FCE=45°,即可求∠ACF的度数;
②连接AE,交CF于点H,设BC=a,CE=2a,由等腰直角三角形的性质可求AC=a,EF=FC=a,由相似三角形的性质可得,可得结论;
(2)延长DM交CE于点P,连接DF,FP,由菱形的性质和“伴随三角形”的性质可求∠ECF=30°=∠FEC,CF=EF,∠B=∠DCP=60°,∠DAM=∠PEM,通过证明△ADM≌△EPM,△CDF≌△EPF可得DF=PF,∠DFC=∠PFE,∠DFP=120°,即可求DM与FM的位置与数量关系.
【解答】解:
(1)①连接AC,
∵四边形ABCD是正方形
∴∠ACB=45°,∠B=90°,
∵△CEF是正方形ABCD的“伴随三角形”:
∴∠B+∠F=180°
∴∠F=90°
又∵△CFE是等腰三角形
∴∠FCE=45°
∴∠ACF=180°﹣∠FCE﹣∠ACB=90°
故答案为:
90°
②连接AE,交CF于点H,
∵CE=2BC,
∴设BC=a,CE=2a,
∵∠B=90°,AB=BC=a,
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