全国高中数学联赛江西省预赛试题及参考答案Word格式文档下载.doc
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、(20分)设直线与抛物线交于点,若,求抛物线方程以及的面积.
、(20分)如图,四边形中,分别是的中点,是对角线上的一点;
直线分别交的延长线于.
证明:
线段被直线所平分.
、(20分)在非钝角三角形中,证明:
.
、(26分)试确定,是否存在这样的正整数数列,满足:
,且对每个,皆有或;
而其各项的值恰好构成的一个排列?
证明你的结论.
1、答案:
解:
,若皆是某正整数等差数列中的项,则公差应是
与的公因数,为使取得最大,则其首项和公差都应取尽可能大的数,于是,所以的最大值是.
2、答案:
据柯西不等式,.
3、答案:
因,则
所以,,故.
4、答案:
记表面面积为(平方单位),则正方体每个面的面积为,其边长为,所以
;
正四面体每个面的面积为,设其边长为,则由,得;
于是,因此.
5、答案:
设椭圆方程为,,椭圆中心到长、短轴端点距离为,
到焦点距离满足:
,到准线距离满足:
,由于组成勾股数,
满足的勾股数组有
以及,其中只有与,而使得
的值为最小,这时有.
6、答案:
的定义域为,故可设,
则,
而,这时,因此.
7、答案:
个.
用表示的数字和;
而表示山寨为质数的合数的集合.当时,,不大于的质数共有个,它们是:
,山寨为的合数有
,而;
,,;
共得个山寨质数.
8、答案:
.(即个).
设对于适合条件的某一排列,排在左边的第一个元素为,,则在其余个数中,大于的个数,必定按递增的顺序排列;
而小于的个数,必定按递降的顺序排列(位置不一定相邻)
事实上,对于任一个大于的数,设,如果排在的左边,
则与相差的另一数就必须排在的左边;
同样,与相差的另一数又必须排在的左边;
…,那么,该排列的第二个数不可能与相差,矛盾!
因此必定排在的右边.
用类似的说法可得,小于的个数,必定按递降的顺序排列;
由于当排在左边的第一个元素确定后,右边还有个空位,从中任选个位置填写大于的数,(其余个位置则填写小于的数),选法种数为;
而当位置选定后,则填数方法随之唯一确定,因此所有排法种数为.
二、解答题
9、解:
设交点,由
与,得,
故有,
以及.
因,即,所以,即
,化简得,因此抛物线方程为
,从而交点坐标为:
,
因此.
10、证:
设交于,直线截,则;
为证是线段的中点,只要证,…①,
直线截,
得,即…②,
直线截,则有,
即…③,
②③相加得,即,也即,因此结论得证.
11、证一:
这里用到,在非钝角三角形中,任两个内角之和不小于,所以由,得,因此,同理
而,不能同时为.从而结论得证.
证二:
(这是由于,锐角三角形中,任两个内角之和大于,而任一个半角小于;
)
所以.
证三:
令,则,且
即要证 … ①,因为,
故①式即 ,也即,
即 … ②
而因,故,所以,
即.
此式即为 … ③
由③立知②式成立(③式强于②式),因此命题得证.
12、解:
存在.由于,而,(即有);
我们注意到,“差”运算具有“平移性”,即是说,如果或,那么,对任何整数,也有或;
为此,先将集合中的数排成一个圈,使得圈上任何相邻两数之差皆为或,如图所示.
将此圈从任一间隙处剪开,铺成的线状排列,都满足或,
为将数列锁定,在前面添加一项,使数列也满足条件,我们可选择与数相邻的一个间隙剪开;
例如从右侧间隙剪开,并按顺时针排列,就成为:
若从左侧间隙剪开,并按逆时针排列,则成为:
这两种排列都满足或;
记分段数列,
,而分段数列
,,
将这些段作如下连接:
,所得到的数列满足条件.
因为,;
对其中任意两个邻项,若属于同一个分段,显然有或;
若相邻项属于两个相邻段
与,则是的首项:
即,而是的末项,即,这时有
,并且,
因此,数列满足条件.
6
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