金山区高考数学二模试卷含答案Word文件下载.doc
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10.平面上三条直线x–2y+1=0,x–1=0,x+ky=0,如果这三条直线将平面划分为六个部分,则实数k的取值组成的集合A=.
11.已知双曲线C:
,左、右焦点分别为F1、F2,过点F2作一直线与双曲线C的右半支交于P、Q两点,使得∠F1PQ=90°
,则△F1PQ的内切圆的半径r=________.
12.若sin2018α–(2–cosβ)1009≥(3–cosβ–cos2α)(1–cosβ+cos2α),则sin(α+)=__________.
二、选择题(本大题共4小题,满分20分,每小题5分)每题有且只有一个正确选项.考生应在答题纸的相应位置,将代表正确选项的小方格涂黑.
13.若向量=(2,0),=(1,1),则下列结论中正确的是().
(A)=1(B)||=(C)()⊥(D)∥
14.椭圆的参数方程为(θ为参数),则它的两个焦点坐标是().
(A)(±
4,0)(B)(0,±
4)(C)(±
5,0)(D)(0,±
3)
15.如图几何体是由五个相同正方体叠成的,其三视图中的左视图序号是().
(1)
(2)
(3)
(4)
几何体
(A)
(1)(B)
(2)(C)(3)(D)(4)
16.若对任意,都有=a0+a1x+a2x2+…+anxn+…,则的值等于().
(A)3(B)2(C)1(D)
三、解答题(本大题共有5题,满分76分)解答下列各题必须在答题纸相应编号的规定区域内写出必要的步骤.
P
A
B
C
D
第17题图
17.(本题满分14分,第1小题满分7分,第2小题满分7分)
在四棱锥P–ABCD中,底面ABCD是边长为6的正方形,PD^平面ABCD,PD=8.
(1)求PB与平面ABCD所成角的大小;
(2)求异面直线PB与DC所成角的大小.
18.(本题满分14分,第1小题满分7分,第2小题满分7分)
复数是一元二次方程mx2+nx+1=0(m、nÎ
R)的一个根.
(1)求m和n的值;
(2)若(uÎ
C),求u.
19.(本题满分14分,第1小题满分6分,第2小题满分8分)
已知椭圆Γ:
的右焦点为F,过点F且斜率为k的直线与椭圆Γ交于A(x1,y1)、B(x2,y2)两点(点A在x轴上方),点A关于坐标原点的对称点为P,直线PA、PB分别交直线l:
x=4于M、N两点,记M、N两点的纵坐标分别为yM、yN.
(1)求直线PB的斜率(用k表示);
1
2
3
4
-1
-2
-3
-4
y
O
M
N
x
FM
第19题图
(2)求点M、N的纵坐标yM、yN(用x1,y1表示),并判断yM×
yN是否为定值?
若是,请求出该定值;
若不是,请说明理由.
20.(本题满分16分,第1小题满分4分,第2小题满分5分,第3小题满分7分)
已知数列{an}满足:
a1=2,an+1=an+2.
(1)证明:
数列{an–4}是等比数列;
(2)求使不等式成立的所有正整数m、n的值;
(3)如果常数0<
t<
3,对于任意的正整数k,都有成立,求t的取值范围.
21.(本题满分18分,第1小题满分4分,第2小题满分5分,第3小题满分9分)
若函数y=f(x)对定义域内的每一个值x1,在其定义域内都存在唯一的x2,使f(x1)f(x2)=1成立,则称该函数为“依赖函数”.
(1)判断函数g(x)=2x是否为“依赖函数”,并说明理由;
(2)若函数f(x)=(x–1)2在定义域[m,n](m>
1)上为“依赖函数”,求实数m、n乘积mn的取值范围;
(3)已知函数f(x)=(x–a)2(a<
)在定义域[,4]上为“依赖函数”.若存在实数xÎ
[,4],使得对任意的tÎ
R,有不等式f(x)≥–t2+(s–t)x+4都成立,求实数s的最大值.
金山区2017学年第二学期质量监控高三数学评分标准
一、填空题
1.π;
2.y=10x;
3.{x|2<
x<
3}[或(2,3)];
4.6;
5.1;
6.;
7.m≠±
2;
8.0.6;
9.5;
10.{–1,0,–2};
11.2;
12.±
1.
二、选择题
13.C;
14.A;
15.A;
16.B
17.
(1)连BD,因为PD^平面ABCD,则Ð
PBD就是PB与平面ABCD所成的角,…3分
在△PBD中,tanÐ
PBD=,Ð
PBD=arctan,……………………6分
PB与平面ABCD所成的角的大小为arctan;
………………………………7分
(2)因为AB∥DC,所以Ð
PBA就是异面直线PB与DC所成的角,……………10分
因为PD^平面ABCD,所以AB⊥PD,又AB⊥AD,所以AB⊥PA,
在Rt△PAB中,PA=10,AB=6,tanÐ
PBA=,Ð
PBA=arctan,……………13分
异面直线PB与DC所成角的大小为arctan.…………………………………14分
18.
(1)因为z==,所以,……………………3分
由题意知:
z、是一元二次方程mx2+nx+1=0(m、nÎ
R)的两个根,
由,……………………………………………5分
解之得:
,………………………………………………………………………7分
(2)设u=c+di(c,dÎ
R),则(1+i)(c–di)+(c+di)=,2c+d+ci=…11分
,,…………………………………………………13分
所以u=.…………………………………………………………14分
19.
(1)设直线AB方程为,……………………………………………1分
联立,消去,得,…………2分
因为、,且,………………………………4分
又,所以kPB=,……………6分
(2)又直线的方程为,则,…………………………………8分
由题意可知,,直线的方程为y+y1=(x+x1),…………10分
则,……………………………………………………11分
,yM×
yN===–9,
综上,乘积yM×
yN为定值–9.………………………………………………………14分
20.
(1)由an+1=an+2,所以an+1–4=(an–4),………………………………………2分
且a1–4=–2,故数列{an–4}是以–2为首项,为公比的等比数列;
………………4分
(2)由
(1)题,得an–4=–2,得,…………………………………6分
于是,当m≥4时,,无解,………7分
因此,满足题意的解为或或;
…………………………9分
(3)解:
①当k=1时,由,解得0<
t<
1或2<
3,………………………10分
②当k≥2时,,故分母恒成立,
从而,只需ak+1–t<
2(ak–t)对k≥2,k∈N*恒成立,即t<
2ak–ak+1对k≥2,k∈N*恒成立,故t<
(2ak–ak+1)min,…………………………………………………………………………13分
又,故当时,,所以,
综上所述,的取值范围是(0,1)∪(2,).………………………………………16分
21.
(1)对于函数g(x)=2x的定义域R内任意的x1,取x2=–x1,则g(x1)g(x2)=1,
且由g(x)=2x在R上单调递增,可知x2的取值唯一,
故g(x)=2x是“依赖函数”;
……………………………………………………………4分
(2)因为m>
1,f(x)=(x–1)2在[m,n]递增,故f(m)f(n)=1,即(m–1)2(n–1)2=1,………5分
由n>
m>
1,得(m–1)(n–1)=1,故,…………………………………………6分
1,得1<
m<
2,……………………………………………………………………7分
从而在上单调递减,故,…9分
(3)因,故在上单调递增,
从而,即,进而,
解得或(舍),………………………………………………………………13分
从而,存在,使得对任意的t∈R,有不等式都成立,即恒成立,由,……15分
得,由,可得,
又在单调递增,故当时,,
从而,解得,故实数的最大值为.…………………………18分
第8页
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