高二化学开学摸底考人教版选修三+选修五B卷 解析版.docx

高二化学开学摸底考人教版选修三+选修五B卷 解析版.docx

《高二化学开学摸底考人教版选修三+选修五B卷 解析版.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高二化学开学摸底考人教版选修三+选修五B卷 解析版.docx（25页珍藏版）》请在冰点文库上搜索。

高二化学开学摸底考人教版选修三+选修五B卷解析版

2020年高二化学开学摸底考

人教版选修三+选修五B卷

班级___________姓名___________学号____________分数____________

（考试时间：

70分钟试卷满分：

100分）

可能用到的相对原子质量：

H：

1C：

12N：

14O：

16

第Ⅰ卷（选择题共48分）

一、选择题：

本题共16个小题，每小题3分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1．下列说法正确的是（）

A．CH4的二氯代物只有一种，此事实可说明CH4为正四面体结构

B．光照条件下，1mol甲烷和氯气完全取代需要2mol氯气

C．C6H14的同分异构体有4种

D．正戊烷和异戊烷属于同系物

【答案】A

【解析】A.若甲烷是平面正方形的平面结构，甲烷的二氯代物结构有两种，甲烷的二氯代物只有一种可以证明甲烷不是平面正方形，而是正四面体结构，A项正确；

B.1molCH4含有4molH，全部被取代需要4molCl2，B项错误；

C.有5种，分别是①已烷，②2-甲基戊烷，③3-甲基戊烷，④2，2-二甲基丁烷，⑤2，3-二甲基丁烷，C项错误；

D.正戊烷与异戊烷是同分异构体，D项错误；

答案选A。

2．某种可用于治疗心脏病的药物X的结构简式为

，下列有关X法正确的是（　　）

A．X是乙酸乙酯的同系物，可能有香味

B．X能溶于水，密度可能比水的大

C．X遇碱溶液或酸溶液都不变质

D．

与X互为同分异构体

【答案】D

【解析】A．X含环状结构，与乙酸乙酯的结构不相似，二者不是同系物，故A错误；

B．X含-COOC-，且碳原子数不多，则X不溶于水，密度可能比水的小，故B错误；

C．含-COOC-，具有酯的性质，遇碱溶液或酸溶液均发生水解反应而变质，故C错误；

D．二者分子式相同、结构不同，互为同分异构体，故D正确；

答案为D。

3．下列说法正确的是（）

A．乙烯的球棍模型为

B．CH2=CH—CH3分子中，最多有7个原子共面

C．用溴水或酸性KMnO4溶液可以区分甲烷和乙烯,也可以除去甲烷中的乙烯杂质得到纯净甲烷

D．C2H4和SO2都能使溴水褪色，又能使酸性KMnO4溶液褪色，并且化学反应原理相同

【答案】B

【解析】A.乙烯分子中碳原子的半径大于氢原子半径，图示相反，A项错误；

B.乙烯为平面结构，分子中6个原子都共面，由于单键可以旋转，故甲基上的1个氢原子也可能在乙烯这个平面内，故丙烯分子中至少有6个原子位于同一平面，最多有7个原子位于同一平面，B项正确；

C.高锰酸钾可以氧化乙烯，但是会生成新的气体二氧化碳，除去了乙烯，但引入二氧化碳，不用于除去甲烷中的乙烯，C项错误；

D.C2H4与溴水反生加成反应，与酸性KMnO4溶液反生氧化反应，SO2与溴水和酸性KMnO4溶液都是发生氧化还原反应，化学反应原理不相同，D项错误；

答案选B。

4．磷化硼是一种超硬耐磨涂层材料，右图为其晶胞，其中的每个原子均满足8电子稳定结构。

下列有关说法正确的是（）

A．磷化硼晶体中每个原子均形成4条共价键

B．磷化硼晶体的化学式为BP，属于离子晶体

C．磷化硼晶体的熔点很低

D．磷化硼晶体结构中微粒的空间堆积方式与氯化钠晶体相同

【答案】A

【解析】A．该晶胞配位数为4，即每个原子均形成4条共价键，故A正确；B．晶胞中：

P位于顶点和面心，数目为8×

+6×

=4，B位于晶胞内，数目为4，则磷化硼晶体的化学式为BP，由于磷化硼是一种超硬耐磨涂层材料，属于原子晶体，故B错误；C．磷化硼晶体是原子晶体，熔点高，故C错误；D．该晶胞配位数为4，而NaCl晶胞结构中阴阳离子的配位数均为6，所以磷化硼晶体结构微粒的空间堆积方式与氯化钠不相同，故D错误；

答案选A。

5．正硼酸（H3BO3）是一种片层状结构白色晶体，有与石墨相似的层状结构，受热易分解，层内的H3BO3分子通过氢键相连（如图所示），则下列有关说法中不正确的（）

A．正硼酸晶体属于分子晶体

B．正硼酸分子的稳定性与氢键无关

C．1molH3BO3晶体中含有3mol氢键

D．B原子杂化轨道的类型sp2，层间的H3BO3分子通过共价键相连

【答案】D

【解析】A．正硼酸与石墨有相似的层状结构，层内的H3BO3分子通过氢键相连，受热易分解，所以正硼酸晶体属于分子晶体，故A正确；

B．分子的稳定性与分子内的B-O、H-O共价键有关，熔沸点与氢键有关，故B正确；

C．1个硼酸分子形成了6个氢键，但每个氢键是2个硼酸分子共用的，所以平均含3个氢键，则含有1molH3BO3的晶体中有3mol氢键，故C正确；

D．B只形成了3个单键，没有孤电子对，价层电子对数为3，所以采取sp2杂化，层间硼酸分子的主要作用力是范德华力，故D错误；

故选D。

【点睛】根据硼酸的结构跟石墨相似可知B原子的杂化方式为sp2。

因为硼酸中有电负性强的O元素，分子中还有活泼H，同层分子间的主要作用力是氢键。

根据其受热易分解，说明硼酸是分子晶体。

6．下列关于有机物的说法正确的是（）

A．环己烷与苯可用酸性高锰酸钾溶液鉴别

B．杜康用高粱酿酒的原理是通过蒸馏法将高梁中的乙醇分离出来

C．间二甲苯苯环上的一元取代物有3种

D．丙烷的一氯代物同分异构体有2种，二氯代物同分异构体有5种

【答案】C

【解析】A.环己烷与苯均不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故不能用酸性高锰酸钾溶液鉴别环己烷与苯，故A错误；

B.杜康用高粱酿酒的原理是通过高粱的发酵生成乙醇，故B错误；

C.间二甲苯苯环上有三种不同环境的氢，故间二甲苯苯环上的一元取代物有3种，故C正确；

D．丙烷的一氯代物同分异构体有2种（（1-氯丙烷、2-氯丙烷），二氯代物同分异构体有4种（1,1-二氯丙烷、1,2-二氯丙烷、1,3-二氯丙烷、2,2-二氯丙烷），故D错误；

答案选C。

7．下列说法正确的是

A．C2H6O和C4H10都有2种同分异构体

B．在一定条件下，乙烯能与H2发生加成反应，苯不能与H2发生加成反应

C．乙酸乙酯、乙酸均能与NaOH反应，二者分子中官能团相同

D．淀粉和蛋白质均可水解生成葡萄糖

【答案】A

【解析】A．C2H6O的同分异构体有CH3CH2OH和CH3OCH3，C4H10的同分异构体有CH3CH2CH2CH3、（CH3）2CHCH3，故A正确；

B．苯环和碳碳双键都能和氢气发生加成反应，所以在一定条件下，乙烯和苯都能与H2发生加成反应，故B错误；

C．乙酸乙酯和乙酸都能和氢氧化钠反应，但乙酸乙酯中含有酯基，乙酸中含有羧基，故C错误；

D．淀粉水解生成葡萄糖，蛋白质水解生成氨基酸，故D错误；

答案选A。

8．已知磷酸分子（

）中的三个氢原子都可以与重水分子（D2O）中的D原子发生氢交换。

又知次磷酸（H3PO2）也可与D2O进行氢交换，但次磷酸钠（NaH2PO2）却不能与D2O发生氢交换。

下列说法正确的是

A．H3PO2属于三元酸B．H3PO2的结构式为

C．NaH2PO2属于酸式盐D．NaH2PO2溶液可能呈酸性

【答案】B

【解析】A．次磷酸（H3PO2）也可跟D2O进行氢交换，但次磷酸钠（NaH2PO2）却不能跟D2O发生氢交换，则H3PO2中只有一个羟基氢，为一元酸，故A错误；B．H3PO2中只有一个羟基氢，为一元酸，则其结构为

，故B正确；C．H3PO2为一元酸，则NaH2PO2属于正盐，故C错误；D．NaH2PO2是强碱盐，不能电离出H+，则其溶液可能显中性或碱性，不可能呈酸性，故D错误；答案为B。

点睛：

准确理解信息是解题关键，根据磷酸分子中的三个氢原子都可以跟重水分子（D2O）中的D原子发生氢交换及次磷酸（H3PO2）也可跟D2O进行氢交换，说明羟基上的氢能与D2O进行氢交换，但次磷酸钠（NaH2PO2）却不能跟D2O发生氢交换，说明次磷酸钠中没有羟基氢，则H3PO2中只有一个羟基氢，由此分析判断。

答案选B。

9．第ⅤA族元素的原子R与A原子结合形成RA3气态分子，其立体结构呈三角锥形。

RCl5在气态和液态时，分子结构如下图所示，下列关于RCl5分子的说法中不正确的是（　　）

A．每个原子都达到8电子稳定结构

B．键角（Cl—R—Cl）有90°、120°、180°几种

C．RCl5受热后会分解生成分子立体结构呈三角锥形的RCl3

D．分子中5个R—Cl键键能不都相同

【答案】A

【解析】A.R原子最外层有5个电子，形成5个共用电子对，所以RCl5中R的最外层电子数为10，不满足8电子稳定结构，故选A；

B.上下两个顶点与中心R原子形成的键角为180°，中间为平面三角形，构成三角形的键角为120°，顶点与平面形成的键角为90°，所以键角（Cl-R-Cl）有90°、120°、180°几种，故不选B；

C.RCl5

RCl3+Cl2↑，则RCl5受热后会分解生成分子立体结构呈三角锥形的RCl3，故C正确；

D.键长越短，键能越大，键长不同，所以键能不同，故不选D；

答案选A

10．该物质在一定条件下水解生成双酚A和羧酸H两种物质，下列说法正确的是

A．羧酸H可发生取代反应，加聚反应等反应

B．双酚A分子中最多有8个碳原子在同一平面上

C．双酚A的分子式为C15H14O2

D．双酚A与苯酚互为同系物

【答案】A

【解析】由该物质结构简式可知水解生成双酚A：

和羧酸H：

，据此分析。

A.羧酸H含碳碳双键和羧基，可发生取代反应，加聚反应等反应，故A正确；

B.双酚A：

中最多有9个碳原子共面如图所示

，故B错误；

C.双酚A：

的分子式为C15H16O2，故C错误；

D.双酚A与苯酚官能团个数不同，不是同系物，故D错误；

答案选A。

11．药物贝诺酯可由乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚在一定条件下反应制得：

下列有关叙述正确的是（）

A．贝诺酯分子中有三种含氧官能团

B．可用FeCl3溶液区别乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚

C．乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚均能与NaHCO3溶液反应

D．贝诺酯与足量NaOH溶液共热，最终生成乙酰水杨酸钠和对乙酰氨基酚钠

【答案】B

【解析】A、贝诺酯分子中只含两种含氧官能团，

和

，错误；

B、对乙酰氨基酚含有酚羟基能使FeCl3溶液显色，而乙酰水杨酸没有酚羟基，不能使FeCl3溶液显色，可以鉴别，正确；

C、只有-COOH（羧基）能与NaHCO3溶液反应，所以乙酰水杨酸能与NaHCO3溶液反应，对乙酰氨基酚不能，错误；

D、贝诺酯与足量NaOH溶液共热，两个酯基和

均能水解，最终生成三种有机物，错误；

答案选B。

12．金合欢醇广泛应用于多种香型的香精中，其结构简式如图所示。

下列说法不正确的是（）

A．金合欢醇的同分异构体中不可能有芳香烃类

B．金合欢醇可发生加成反应、取代反应、氧化反应

C．金合欢醇分子的分子式为C15H26O

D．1mol金合欢醇与足量Na反应生成0.5mol氢气，与足量NaHCO3溶液反应生成1molCO2

【答案】D

【解析】A．金合欢醇的分子组成含有O元素，而烃为C、H化合物，则金合欢醇的同分异构体中不可能有芳香烃类，故A正确；

B．金合欢醇分子结构中含有碳碳双键，可以发生加成反应和氧化反应，含有羟基，可发生取代反应和氧化反应，故B正确；

C．由金合欢醇的结构简式可知，其分子式为C15H26O，故C正确；

D．金合欢醇分子结构中含有羟基，与碳酸氢钠不反应，故D错误；

故答案为D。

【点睛】以有机物金合欢醇的结构为载体，考查官能团的性质；熟悉常见官能团的性质，进行知识迁移运用，根据有机物结构特点，有碳碳双键决定具有烯的性质，有醇羟基决定具有醇的性质，难点是选项A，易混淆烃的概念。

13．下列说法不正确的是

A．某金属元素气态基态原子的逐级电离能的数值分别为738、1451、7733、10540、13630、17995、21703…，当它与氯气反应时生成的阳离子是X2+

B．氨气极易溶于水的重要原因之一：

氨分子与水分子之间能形成氢键

C．标况下，22.4LC2H2中所含的π键数和18g冰中所含的氢键数均为2NA

D．由于氢键的作用，使NH3、H2O、HF的沸点反常，且沸点高低顺序为HF＞H2O＞NH3

【答案】D

【解析】A.该元素第三电离能剧增，最外层应有2个电子，表现+2价，当它与氯气反应时最可能生成的阳离子是X2+，故A正确；B．N、O的电负性强，分子之间形成氢键，氨溶于水后氨分子与水分子之间形成氢键，故B正确；C．乙炔的结构式为H-C≡C-H，则1mol乙炔中含2molπ键，冰中水分子的O原子以类似于金刚石中C原子的四面体空间网状结构排列，每2个O原子间都有一个H原子，更靠近H原子的O原子与它形成共价键，另一个与它形成氢键，即每个H原子都形成一个氢键，所以1mol冰中存在2mol氢键，标况下22.4LC2H2的物质的量为1mol，18g冰的物质的量也为1mol，则标况下22.4LC2H2中所含的π键数和18g冰中所含的氢键数均为2mol，故C正确；D．由于氢键的作用，使NH3、H2O、HF在同主族氢化物中的沸点反常，但常温下水为液体，则沸点高低顺序为H2O＞HF＞NH3，故D错误；

答案选D。

14．以NA表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是

A．36g冰（图甲）中含共价键数目为4NA

B．12g金刚石（图乙）中含有σ键数目为4NA

C．44g干冰（图丙）中含有NA个晶胞结构单元

D．12g石墨（图丁）中含π键数目3NA

【答案】A

【解析】A.1个水分子含有2个共价键，所以36g冰（2mol）中含共价键数目为4NA，A正确；

B.金刚石晶胞中，1个C原子周围有4个共价键，平均每个C原子形成2个共价建军，所以12g金刚石（1mol）中含有σ键数目为2NA，B错误；

C.1个干冰晶胞中，含有4个CO2分子，所以44g干冰（1mol）中含有

个晶胞结构单元，C错误；

D.石墨晶体中，每个碳原子周围有3个C-C单键，所以每个碳原子实际占化学键为1.5个，12g石墨烯为1mol，其所含碳碳键数目为1.5NA，每一层只形成1个π键，故π键数目不是3NA，D错误；

答案为A。

【点睛】B选项，在金刚石晶胞中，1个C原子周围有4个键，平均形成两个共价键。

D选项，石墨晶体中，每个碳原子周围有3个C-C单键，所以每个碳原子实际形成化学键为1.5个。

15．有机物的结构可用“键线式”表示，如CH3CH=CHCH3可简写为

。

有机物X的键线式为

，下列说法不正确的是（）

A．X的化学式为C8H8

B．有机物Y是X的同分异构体,且属于芳香烃.则Y的结构简式为

C．X能使酸性高锰酸钾溶液褪色

D．X与足量的H2在一定条件下反应可生成饱和烃Z，Z的一氯代物有4种

【答案】D

【解析】A．由X的键线式可以知道，分子中有8个碳原子、8个氢原子，所以分子式为C8H8，A项正确；

B．与X互为同分异构体且属于芳香烃，Y中必有苯环，去掉C6H5还剩2个碳3个氢，只能是乙烯基，所以Y的结构简式是

，B项正确；

C．X的结构中含有碳碳双键，可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，C项正确；

D．Z中只有两种环境的氢原子，所以一氯代物只有2种，D项错误；

答案选D。

16．下列有关有机物A描述中正确的是

A．A分子中含有2个手性碳原子

B．A分子核磁共振氢谱有6种峰

C．0.1mol有机物A能与足量的金属钠反应放出0.2mol氢气

D．A能发生的反应类型有：

加成、取代、氧化、酯化、消去

【答案】D

【解析】A．连4个不同基团的C为手性碳原子，则只有与-Cl相连的C为手性碳，A错误；

B．结构不对称，含9种H，则核磁共振氢谱有9种峰，B错误；

C．由2OH～H2↑可知，则0.1mol有机物A能与足量的金属钠反应放出0.1mol氢气，C错误；

D．含苯环、C=C，可发生加成，含-OH可发生取代、氧化，酯化，与Cl相连C的邻位C上有H，能发生消去反应，D正确；

答案选D。

第Ⅱ卷（非选择题共52分）

二、非选择题：

包括第17题~第20题4个大题，共52分。

17．（12分）食用香料A分子中无支链，B分子中无甲基。

B能使Br2的CCl4溶液褪色，1molB与足量Na反应生成0.5molH2。

各物质间有如下转化。

回答下列问题：

（1）在一定条件下能与C发生反应的是________；

a．Nab．Na2CO3c．Br2/CCl4d．CH3COOH

（2）D分子中的官能团名称是__________，E的结构简式是_______________；

（3）B与F反应生成A的化学方程式是_______________________________；

（4）F的某种同分异构体甲能发生水解反应，其中的一种产物能发生银镜反应；另一产物在光照条件下的一氯取代物只有两种，且催化氧化后的产物也能发生银镜反应。

则甲的结构简式是_________________________________；

（5）已知醇与某类环醚类之间在和固体碱共热的环境下会有如下反应：

+R’OH

（R、R’为烃基）

从反应机理分析，该反应类型可称为__________；

（6）工业上由乙出发可以合成有机溶剂戊（C7H14O3）。

流程图示见图。

已知：

①乙是C的同系物；②丁分子中有2个甲基。

推测戊的结构简式是___________。

【答案】

（1）ad（1分）

（2）醛基（1分）CH3CH2COOH（1分）

（3）CH3（CH2）4COOH+CH2=CHCH2OH

CH3（CH2）4COOCH2CH=CH2+H2O（3分）

（4）HCOOCH2C（CH3）3（2分）

（5）加成（2分）

（6）CH3CH2COOCH（CH3）CH2OCH3（2分）

【解析】【分析】由有机物的转化关系可知，F能与NaHCO3反应生成CO2，应含有-COOH，由F分子式可知属于饱和一元羧酸，且不存在支链，应为CH3（CH2）4COOH，B和F反应生成A，由分子式可只B中应含有3个C原子，B分子中无甲基，B能使Br2的CCl4溶液褪色，说明含有碳碳双键，1molB与足量Na反应生成0.5molH2，说明分子中含有1个-OH，则B应为CH2=CHCH2OH，A为CH3（CH2）4COOCH2CH=CH2；B与氢气发生加成反应生成C，则C为CH3CH2CH2OH；C氧化生成D，则D为CH3CH2CHO；D进一步氧化生成E，则E为CH3CH2COOH。

【详解】

（1）C为CH3CH2CH2OH，含有羟基，能与钠、羧酸反应，不能与碳酸钠、溴的四氯化碳溶液反应，故答案为：

ad；

（2）D为CH3CH2CHO，含有官能团为：

醛基，E的结构简式是CH3CH2COOH，故答案为：

醛基；CH3CH2COOH；

（3）B与F的反应为在浓硫酸作用下，CH2=CHCH2OH与CH3（CH2）4COOH共热发生酯化反应生成CH3（CH2）4COOCH2CH=CH2，反应的化学方程式是：

CH3（CH2）4COOH+CH2=CHCH2OH

CH3（CH2）4COOCH2CH=CH2+H2O，故答案为：

CH3（CH2）4COOH+CH2=CHCH2OH

CH3（CH2）4COOCH2CH=CH2+H2O；

（4）F的结构简式为CH3（CH2）4COOH，F的同分异构体甲能发生水解反应，属于酯类物质，其中的一种产物能发生银镜反应，应为甲酸酯；另一产物在浓H2SO4存在条件下受热不能产生使Br2的CCl4溶液褪色的有机物，说明不能发生消去反应，则-OH邻位C原子上不含H原子，但其催化氧化后的产物也能发生银镜反应，说明含有-CH2OH，则该有机物的结构简式应为：

HCOOCH2C（CH3）3，故答案为：

HCOOCH2C（CH3）3；

（5）从反应机理分析，该反应为

与

发生加成反应生成

，故答案为：

加成反应；

（6）中乙是C的同系物，属于醇类物质，催化氧化产物为醛类，在常温下为气态，则为甲醛，所以乙是甲醇，E为CH3CH2COOH，与丁反应得到戊，根据戊的分子式可以推得丙为

，则丁为CH3OCH2CH2OH，戊为CH3CH2COOCH（CH3）CH2OCH3，故答案为：

CH3CH2COOCH（CH3）CH2OCH3。

18．（13分）已知

，水杨酸酯E为紫外吸收剂，可用于配制防晒霜。

E的一种合成路线如下：

已知D的相对分子质量是130。

请回答下列问题：

（1）一元醇A中氧的质量分数约为21.6%。

则A的分子式为___________，结构分析显示A只有一个甲基，A的名称为___________________；

（2）B能与新制的Cu（OH）2发生反应，该反应的化学方程式为：

______________________；

（3）写出C结构简式：

_________；若只能一次取样，请提出检验C中2种官能团的简要方案：

___________；

（4）写出同时符合下列条件的水杨酸所有同分异构体的结构简式：

_____________；

（a）分子中有6个碳原子在一条直线上；

（b）分子中所含官能团包括羧基和羟基

（5）第④步的反应条件为________；写出E的结构简式________________。

【答案】

（1）C4H10O（1分）1﹣丁醇（或正丁醇）（1分）

（2）

（3分）

（3）

（2分）用银氨溶液先检验醛基，再加稀盐酸使溶液呈酸性后，加溴水检验碳碳双键（1分）

（4）HOCH2C≡C﹣C≡CCH2COOH、

、

HOCH2CH2C≡C﹣C≡C﹣COOH、

（2分）

（5）浓H2SO4、加热（1分）

（2分）

【解析】【分析】一元醇A中氧的质量分数约为21.6%，设该饱和一元醇的化学式为CnH2n+2O，氧元素的质量分数=

×100%=21.6%，解得：

n=4，且A中只有一个甲基，所以该一元醇是1-丁醇，在铜作催化剂、加热条件下，A被氧气氧化生成B，B为丁醛，根据题干信息，丁醛在氢氧化钠水溶液发生反应生成C，C的结构简式为：

CH3CH2CH2CH=C（CH2CH3）CHO，C反应生成D，D的相对分子质量是130，则C和氢气发生加成反应生成D，则D的结构简式为：

CH3CH2CH2CH2CH（CH2OH）CH2CH3，D和邻羟基苯甲酸发生酯化反应生成E，E的结构简式为：

。

【详解】

（1）通过以上分析知，A的分子式为：

C4H10O，结构分析显示A只有一个甲基，A的名称为1-丁醇；

（2）加热条件下，丁醛和新制氢氧化铜反应生成丁酸钠、氧化亚铜和水，反应方程式为：

；

（3）C的结构简式为：

，C中含有醛基和碳碳双键，都能和溴水反应，要检验两种官能团，则应先用银氨溶液检验醛基，然后再用溴水检验碳碳双键，检验方法为：

用银氨溶液先检验醛基，再加稀盐酸使溶液呈酸性后，加溴水检验碳碳双键；

（4）a．分子中有6个碳原子在一条直线上，则该分子中含有两个碳碳三键；b．分子中含有一个羟基和一个羧基，所以与水杨酸互为同分异构体的结构简式为：

HOCH2C≡C-C≡CCH2COOH、

、HOCH2CH2C≡C-C≡C-COOH、

；

（5）第④步的反应是酯化反应，根据乙酸乙酯的反应条件知，该反应条件是浓硫酸作催化剂、加热，通过以上分析知，E的结构简式为：

。

19．（13分）

（1）配位化学创始人维尔纳发现，取COCl3•6NH3（黄色）、CoCl3•5NH3（紫红色）、COCl3•4NH3（绿色）和COCl