安徽省滁州二中慈济中学学年高一下学期分.docx
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安徽省滁州二中慈济中学学年高一下学期分
2016-2017学年安徽省滁州二中、慈济中学高一(下)分科物理试卷
一、单项选择题:
本题共10小题,共40分,其中1-7题单选,每小题4分,8-10多选,答对4分,漏选2分,错选0分.
1.下列关于质点的说法中,正确的是( )
A.质点是一个理想化模型,实际上并不存在,所以,引入这个概念没有多大意义
B.只有体积很小的物体才能看作质点
C.凡轻小的物体,皆可看作质点
D.如果物体的形状和大小对所研究的问题属于无关或次要因素时,即可把物体看作质点
2.某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1.75圈时,他的( )
A.路程和位移的大小均为3.5πR
B.路程和位移的大小均为
R
C.路程为3.5πR、位移的大小为
R
D.路程为0.5πR、位移的大小为
R
3.用30N的水平外力F拉一个静止在光滑水平面上的质量为20kg的物体,力F作用3s后消失.则第5s末物体的速度和加速度分别是( )
A.v=4.5m/s,a=0B.v=4.5m/s,a=1.5m/s2
C.v=7.5m/s,a=0D.v=7.5m/s,a=1.5m/s2
4.屋檐上水滴下落的过程可以近似地看做是自由落体运动.假定水滴从5m高的屋檐上无初速滴落,水滴下落到地面时的速度大约是(取g=10m/s2)( )
A.6m/sB.8m/sC.10m/sD.12m/s
5.赛车在直道上由静止加速启动,将进入弯道前的加速过程近似看做匀变速,加速度为10m/s2,历时3s,速度可达( )
A.36km/hB.30km/h
C.108km/hD.以上说法都不正确
6.如图所示,整个装置处于静止状态,A,B两个物体的质量分别为M和m,且M>m,则物体A受力的个数为( )
A.2个B.3个C.4个D.5个
7.如图所示,轻质弹簧的劲度系数为k,小球重G,平衡时小球在A处,今用力F压小球至B处,A、B间距离为x,则此时弹簧的弹力为( )
A.kxB.G﹣kxC.kx+GD.以上都不对
8.在滑冰场上,甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上,原来静止不动,在相互猛推一下后分别向相反方向运动.假定两板与冰面间的摩擦因数相同.已知甲在冰上滑行的距离比乙远,这是由于( )
A.在推的过程中,甲推乙的力小于乙推甲的力
B.在推的过程中,甲推乙的时间小于乙推甲的时间
C.在刚分开时,甲的初速度大于乙的初速度
D.在分开后,甲的加速度的大小等于乙的加速度的大小
9.一个物体保持静止或匀速直线运动状态不变,这是因为( )
A.物体一定没有受到任何力
B.物体一定受一对平衡力的作用
C.物体所受合外力一定为零
D.物体可能受一对平衡力的作用
10.如图所示,将质量为m的滑块放在倾角为θ的固定斜面上.滑块与斜面之间的动摩擦因数为μ.若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等,重力加速度为g,则( )
A.将滑块由静止释放,如果μ>tanθ,滑块将静止
B.给滑块沿斜面向下的初速度,如果μ<tanθ,滑块将减速下滑
C.用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动,如果μ=tanθ,拉力大小应是2mgsinθ
D.用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动,如果μ=tanθ,拉力大小应是mgsinθ
二、实验题:
共2小题,11题8分,12题12分
11.某兴趣小组的同学们在做“打点计时器测速度”的实验中,让重锤自由下落,打出的一条纸带如图所示,图中直尺的单位为cm,点O为纸带上记录到的第一个点,点A,B,C,D、…依次表示点O以后连续的各点.已知打点计时器每隔T=0.02s打一个点.
(1)打点计时器打下点G时重锤的速度可用表达式VG= 进行计算,式中各量的意义是
(2)用上式计算出打下点G时垂锤的速度为VG= m/s.(保留三位有效数字)
12.某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”的实验.图示为实验装置简图,A为小车,B为电火花计时器,C为装有砝码的小桶,D为一端带有定滑轮的长方形木板,在实验中认为细绳对小车拉力F等于砝码和小桶的总重量.小车运动加速度a可用纸带上的点求得.
(1)关于该实验,下列说法中正确的是
A.打点计时器电源插头接低压直流电源
B.为减小小车、纸带受到摩擦力对实验的影响,可以把木板D的右端适当垫高
C.若通过作v﹣t图象求a,则可以更好地减小误差
D.本实验采用了控制变量的方法进行探究
(2)在“探究加速度与质量的关系”时,保持砝码和小桶质量不变,改变小车质量m,分别测得小车的加速度a与对应的质量m数据如下表:
次数
1
2
3
4
5
a(m/s2)
1.25
1.00
0.80
0.50
0.40
m(kg)
0.400
0.500
0.625
1.000
1.250
(kg﹣1)
2.5
2.0
1.6
1.0
0.8
根据上表数据,为进一步直观反映F不变时a与m的关系,可在坐标系中选择物理量 和 为坐标轴建立坐标系并作出图线(选填表格中的物理量名称).该小车受到的拉力F为 N.
三、计算题:
应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.
13.美国“肯尼迪”航空母舰上的飞机弹射系统可以缩减战机起跑的位移.假设弹射系统对“F﹣A15”型战斗机作用了0.2s时间后,可以使飞机达到一定的初速度v0,然后飞机在甲板上起跑,加速度为2m/s2,经过10s,达到起飞速度vt=50m/s的要求,求飞机:
(1)离开弹射系统瞬间的速度是多少?
(2)弹射系统对飞机提供的加速度是多少?
14.滑板运动是一项非常刺激的水上运动.研究表明,在进行滑板运动时,水对滑板的作用力FN垂直于板面,大小为kv2,其中v为滑板速率(水可视为静止).某次运动中,在水平牵引力作用下,当滑板和水面的夹角θ=37°时(如图),滑板做匀速直线运动,相应的k=54kg/m,人和滑板的总质量为108kg,试求(重力加速度g取10m/s2,sin37°取
,忽略空气阻力):
(1)水平牵引力的大小;
(2)滑板的速率.
15.在水平地面上有一个质量为4kg的物体,物体在水平拉力F的作用下由静止开始运动.10s末拉力减为
F,该物体的v﹣t,图象如图所示.求:
(1)物体受到的水平拉力F的大小
(2)物体与地面间的动摩擦因数.(g=10m/s2)
16.一质量为500kg的木箱放于质量为2000kg的平板车的后部,木箱到驾驶室的距离L=1.6m,已知木箱与平板车间的动摩擦因数u=0.484,平板车运动过程中所受的阻力是车和箱总重的0.2倍,平板车以Vo=22m/s的恒定速率行驶,突然驾驶员刹车,使车做匀减速运动,为让木箱不撞击驾驶室,g取10,试求:
(1)从刹车开始到平板车完全停止至少要经过多长时间?
(2)驾驶员刹车时的制动力不能超过多少?
2016-2017学年安徽省滁州二中、慈济中学高一(下)分科物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题:
本题共10小题,共40分,其中1-7题单选,每小题4分,8-10多选,答对4分,漏选2分,错选0分.
1.下列关于质点的说法中,正确的是( )
A.质点是一个理想化模型,实际上并不存在,所以,引入这个概念没有多大意义
B.只有体积很小的物体才能看作质点
C.凡轻小的物体,皆可看作质点
D.如果物体的形状和大小对所研究的问题属于无关或次要因素时,即可把物体看作质点
【考点】质点的认识.
【分析】物体可以看成质点的条件是物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响,同一个物体在不同的时候,有时可以看成质点,有时不行,要看研究的是什么问题.
【解答】解:
A、质点是一个理想化模型,实际上并不存在,引入这个概念可以简化我们分析的问题,不是没有意义,所以A错误;
B、体积大的物体也可以看做质点,比如地球,所以B错误;
C、轻小的物体,不一定可以看做质点,要看它的形状对分析的问题有没有影响,所以C错误;
D、如果物体的形状和大小对所研究的问题属于无关或次要因素时,即可把物体看作质点,所以D正确.
故选:
D.
2.某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1.75圈时,他的( )
A.路程和位移的大小均为3.5πR
B.路程和位移的大小均为
R
C.路程为3.5πR、位移的大小为
R
D.路程为0.5πR、位移的大小为
R
【考点】位移与路程.
【分析】位移是指从初位置到末位置的有向线段,位移是矢量,有大小也由方向;
路程是指物体所经过的路径的长度,路程是标量,只有大小,没有方向.
【解答】解:
人经过了1.75个圆周,所以经过的路程为1.75×2πR=3.5πR;
位移是指从初位置到末位置的有向线段的长度,所以位移的大小为
R.
故选:
C.
3.用30N的水平外力F拉一个静止在光滑水平面上的质量为20kg的物体,力F作用3s后消失.则第5s末物体的速度和加速度分别是( )
A.v=4.5m/s,a=0B.v=4.5m/s,a=1.5m/s2
C.v=7.5m/s,a=0D.v=7.5m/s,a=1.5m/s2
【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系;匀变速直线运动的速度与时间的关系.
【分析】根据牛顿第二定律求出物体的加速度,结合速度时间公式求出3s末的速度,撤去拉力后,加速度为零,物体做匀速直线运动.
【解答】解:
物体做匀加速直线运动的加速度a=
,则3s末的速度v=at=1.5×3m/s=4.5m/s,
撤去拉力后,加速度为零,速度不变,则a=0,速度v=4.5m/s.
故选:
A.
4.屋檐上水滴下落的过程可以近似地看做是自由落体运动.假定水滴从5m高的屋檐上无初速滴落,水滴下落到地面时的速度大约是(取g=10m/s2)( )
A.6m/sB.8m/sC.10m/sD.12m/s
【考点】自由落体运动.
【分析】自由落体运动是初速度为0,加速度为g的匀加速直线运动,知道高度,根据v2=2gh可求出水滴落地的速度.
【解答】解:
由v2=2gh得,v=
=
.故C正确,A、B、D错误.
故选C.
5.赛车在直道上由静止加速启动,将进入弯道前的加速过程近似看做匀变速,加速度为10m/s2,历时3s,速度可达( )
A.36km/hB.30km/h
C.108km/hD.以上说法都不正确
【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系.
【分析】根据匀变速直线运动速度与时间关系即可求得末速度的大小.
【解答】解:
已知V0=0a=10m/s2t=3s
由V=V0+at得
V=0+10×3m/s=30m/s=108km/h
故选:
C.
6.如图所示,整个装置处于静止状态,A,B两个物体的质量分别为M和m,且M>m,则物体A受力的个数为( )
A.2个B.3个C.4个D.5个
【考点】物体的弹性和弹力.
【分析】该题考查物体的受力分析,是属于高中入门的知识,在找力的过程中,要按照重力、弹力、摩擦力、其他力的顺序,逐个进行分析.
【解答】解:
物体A处于静止状态,对物体进行受力分析,发现物体受到重力、支持力、绳子的拉力和摩擦力四个力的作用,故C正确,ABD错误.
故选:
C.
7.如图所示,轻质弹簧的劲度系数为k,小球重G,平衡时小球在A处,今用力F压小球至B处,A、B间距离为x,则此时弹簧的弹力为( )
A.kxB.G﹣kxC.kx+GD.以上都不对
【考点】胡克定律.
【分析】胡克定律:
F=kx,F为弹力,k是劲度系数,x为形变量,找出形变量代入胡克定律求解.
【解答】解:
当弹簧处于平衡位置A时:
设弹簧的形变量为x1,由胡克定律得:
G=kx1
解得:
x1=
小球向下压缩x至B位置时,小球的形变量x2=
+x
由胡克定律得:
F=kx2
即:
F=k×(
+x)=G+kx
故选:
C
8.在滑冰场上,甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上,原来静止不动,在相互猛推一下后分别向相反方向运动.假定两板与冰面间的摩擦因数相同.已知甲在冰上滑行的距离比乙远,这是由于( )
A.在推的过程中,甲推乙的力小于乙推甲的力
B.在推的过程中,甲推乙的时间小于乙推甲的时间
C.在刚分开时,甲的初速度大于乙的初速度
D.在分开后,甲的加速度的大小等于乙的加速度的大小
【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系.
【分析】在推的过程中,甲推乙的力和乙推甲的力是一对作用力和反作用力,大小相等,方向相反;根据牛顿第二定律,两人受到的合力都是摩擦力,根据牛顿第二定律比较加速度,结合速度位移公式比较初速度.
【解答】解:
A、在推的过程中,甲推乙的力和乙推甲的力是一对作用力和反作用力,根据牛顿第三定律,作用力和反作用力大小相等,方向相反.故A错误.
B、作用力与反作用力具有等时性.故B错误.
C、分开后,两人受到的合力都是摩擦力,根据牛顿第二定律,a=
,因为动摩擦因数相等,则加速度大小相等,根据
知,甲的位移大,则甲的初速度大,故C、D正确.
故选:
CD.
9.一个物体保持静止或匀速直线运动状态不变,这是因为( )
A.物体一定没有受到任何力
B.物体一定受一对平衡力的作用
C.物体所受合外力一定为零
D.物体可能受一对平衡力的作用
【考点】共点力平衡的条件及其应用.
【分析】一个物体保持静止或匀速直线运动状态不变,这种状态叫做平衡状态.处于平衡状态的物体受到的合外力等于0.
【解答】解:
一个物体保持静止或匀速直线运动状态不变,这种状态叫做平衡状态.处于平衡状态的物体受到的合外力等于0.物体可能受到一对平衡力的作用,也可能受到多个力的作用.故AB错误;CD正确.
故选:
CD
10.如图所示,将质量为m的滑块放在倾角为θ的固定斜面上.滑块与斜面之间的动摩擦因数为μ.若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等,重力加速度为g,则( )
A.将滑块由静止释放,如果μ>tanθ,滑块将静止
B.给滑块沿斜面向下的初速度,如果μ<tanθ,滑块将减速下滑
C.用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动,如果μ=tanθ,拉力大小应是2mgsinθ
D.用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动,如果μ=tanθ,拉力大小应是mgsinθ
【考点】牛顿第二定律;物体的弹性和弹力.
【分析】A、将滑块由静止释放,滑块的最大静摩擦力大于重力的下滑分力时,滑块将静止,由此导出条件.
B、根据μ<tanθ,分析受力判断出加速度的方向,再根据初速度和初速度的方向判断得出.
C、D,匀速滑动时滑块受力平衡,由斜面上的平衡条件即可得出.
【解答】解:
A、若滑块能静止,则滑块受重力、支持力、静摩擦力,且在斜面方向上,有最大静摩擦力Fmax>mgsinθ,又Fmax=Ff=μFN=μmgcosθ,即μmgcosθ>mgsinθ,可得:
μ>tanθ,故A正确.
B、若μmgcosθ<mgsinθ,即μ<tanθ时,加速度沿斜面向下,若滑块沿斜面向下的初速度,则滑块应先沿斜面向下做匀加速直线运动,故B错误.
C、当用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动,滑块在斜面上受力平衡,设拉力为F,可得:
F=mgsinθ+μmgcosθ,如果μ=tanθ,则拉力F=2mgsinθ,故C正确.
D、当用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动,滑块在斜面上受力平衡,由平衡条件可得:
F+mgsinθ=μmgcosθ,如果μ=tanθ,拉力大小应是0,故D错误.
故选:
AC.
二、实验题:
共2小题,11题8分,12题12分
11.某兴趣小组的同学们在做“打点计时器测速度”的实验中,让重锤自由下落,打出的一条纸带如图所示,图中直尺的单位为cm,点O为纸带上记录到的第一个点,点A,B,C,D、…依次表示点O以后连续的各点.已知打点计时器每隔T=0.02s打一个点.
(1)打点计时器打下点G时重锤的速度可用表达式VG=
进行计算,式中各量的意义是 xFH表示F、H两点间的距离,T表示周期
(2)用上式计算出打下点G时垂锤的速度为VG= 1.30 m/s.(保留三位有效数字)
【考点】探究小车速度随时间变化的规律.
【分析】纸带实验中,可以用平均速度代替中点时刻的瞬时速度,测得纸带上的点间距,可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度.
【解答】解:
(1)纸带实验中,可以用平均速度代替中点时刻的瞬时速度,
则:
vG=
,其中FH表示F、H两点间的距离,T表示周期;
(2)vG=
=
m/s=1.30m/s
故答案为:
(1)
;FH表示F、H两点间的距离,T表示周期;
(2)1.30.
12.某同学设计了一个“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”的实验.图示为实验装置简图,A为小车,B为电火花计时器,C为装有砝码的小桶,D为一端带有定滑轮的长方形木板,在实验中认为细绳对小车拉力F等于砝码和小桶的总重量.小车运动加速度a可用纸带上的点求得.
(1)关于该实验,下列说法中正确的是 BCD
A.打点计时器电源插头接低压直流电源
B.为减小小车、纸带受到摩擦力对实验的影响,可以把木板D的右端适当垫高
C.若通过作v﹣t图象求a,则可以更好地减小误差
D.本实验采用了控制变量的方法进行探究
(2)在“探究加速度与质量的关系”时,保持砝码和小桶质量不变,改变小车质量m,分别测得小车的加速度a与对应的质量m数据如下表:
次数
1
2
3
4
5
a(m/s2)
1.25
1.00
0.80
0.50
0.40
m(kg)
0.400
0.500
0.625
1.000
1.250
(kg﹣1)
2.5
2.0
1.6
1.0
0.8
根据上表数据,为进一步直观反映F不变时a与m的关系,可在坐标系中选择物理量 a 和
为坐标轴建立坐标系并作出图线(选填表格中的物理量名称).该小车受到的拉力F为 5 N.
【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系.
【分析】
(1)电火花计时器打点周期等于交流电源的周期;把木板的右端适当垫高,使重力沿斜面方向的分力等于物体所受的斜面的摩擦力,以减小摩擦力对实验的影响;通过作v﹣t图象求a,可以减小由于测量所造成的偶然误差,可以筛选出测量错误的数据;根据F=ma可得a=
,故a与m及F都有关,只能采用控制变量法.
(2)反比例关系不容易根据图象判定,而正比例关系容易根据图象判定,故应该建立小车加速度(a)与小车质量的倒数
关系图象.
【解答】解:
(1)A、电火花计时器使用220V的高压交流电源,且打点周期等于电源的周期,故A错误.
B、为减小小车,纸带受到摩擦力对实验的影响,可以把木板的右端适当垫高,使重力沿斜面方向的分力等于物体所受的斜面的摩擦力,故B正确.
C、若通过作v﹣t图象求a,可以减小由于测量所造成的偶然误差,可以筛选出测量错误的数据,故C正确.
D、根据F=ma可得a=
,故当物体的质量m一定时,物体的加速度a与物体所受的合外力F成正比;当物体所受的合外力F一定时,物体的加速度a与物体的质量成反比.故由于a与m及F都有关,只能采用控制变量法.故D正确.
故选BCD.
(2)根据F=ma可得a=
,即在合外力F一定的情况,小车的加速度与小车的质量成反比即小车的加速度与小车的质量的倒数成正比,但反比例关系不容易根据图象判定,而正比例关系容易根据图象判定,故应该建立小车加速度(a)与小车质量的倒数(
)关系图象,故纵坐标为加速度a,横坐标为
.
根据F=ma可得该小车受到的拉力F为5N.
故答案为:
(1)BCD;
(2)a和
,5.
三、计算题:
应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.
13.美国“肯尼迪”航空母舰上的飞机弹射系统可以缩减战机起跑的位移.假设弹射系统对“F﹣A15”型战斗机作用了0.2s时间后,可以使飞机达到一定的初速度v0,然后飞机在甲板上起跑,加速度为2m/s2,经过10s,达到起飞速度vt=50m/s的要求,求飞机:
(1)离开弹射系统瞬间的速度是多少?
(2)弹射系统对飞机提供的加速度是多少?
【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系;匀变速直线运动的位移与时间的关系.
【分析】飞机的加速过程分为两个过程,在弹射器推动下的加速和在自身动力作用下的加速;对第二个加速过程根据速度时间公式即可以求出弹射的末速度,再对第一个加速过程由速度时间公式求出弹射的加速度.
【解答】解:
(1)以初速度方向为正,由匀加速直线运动速度时间公式υt=υ0+at得:
υ0=υt﹣at=(50﹣2×10)m/s=30m/s
(2)弹射系统所提供的加速度为:
答:
(1)战机离开弹射系统瞬间的速度30m/s;
(2)弹射系统所提供的加速度是150m/s2.
14.滑板运动是一项非常刺激的水上运动.研究表明,在进行滑板运动时,水对滑板的作用力FN垂直于板面,大小为kv2,其中v为滑板速率(水可视为静止).某次运动中,在水平牵引力作用下,当滑板和水面的夹角θ=37°时(如图),滑板做匀速直线运动,相应的k=54kg/m,人和滑板的总质量为108kg,试求(重力加速度g取10m/s2,sin37°取
,忽略空气阻力):
(1)水平牵引力的大小;
(2)滑板的速率.
【考点】共点力平衡的条件及其应用;物体的弹性和弹力.
【分析】
(1)对滑板和人整体受力分析,然后运用共点力平衡条件列式求解;
(2)根据平衡条件求出支持力后,根据题中的支持力和速度关系公式求解滑板的速率;
【解答】解:
(1)以滑板和运动员为研究对象,其受力如图所示
由共点力平衡条件可得
FNcosθ=mg①
FNsinθ=F②
由①、②联立,得
F=810N
即水平牵引力的大小810N.
(2)由①式
FN=
根据题意
FN=kv2得
v=
=5m/s
即滑板的速率为5m/s
答:
(1)水平牵引力的大小为810N;
(2)滑板的速率为5m/s.
15.在水平地面上有一个质量为4kg的物体,物体在水平拉力F的作用下由静止开始运动.10s末拉力减为
F,该物体的v﹣t,图象如图所示.求:
(1)物体受到的水平拉力F的大小
(2)物体与地面间的动摩擦因数.(g=10m/s2)
【考点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的图像.
【分析】根据速度时间图线求出匀加速和匀减速运动的加速度,结合牛顿第二定律求出物体受到的水平拉力和物体与地面间的动摩擦因数.
【解答】解:
由v﹣t图象可知:
物体在前10s内的加速度为:
a1=
=1m/s2,
物体在10﹣30s内的加速度为:
,
对物块进行受力分析,由牛顿第二定律可知:
F﹣μmg=ma1…①
﹣μmg=ma2…②
代入m和a1、a2可解得:
F=9N,μ=0.125
答:
(1)物体受到的水平拉力F的大小为9N;
(2)物体与地面间的动摩擦因数为0.125.
16.一质量为500kg的木箱放于质量为2000kg的平板车的后部,木箱到驾驶室的距离L=1.6m,已知木箱与平板车间的动摩擦因数u=0.484,平板车运动过程中所受的阻力是车和箱总重的0.2倍,平板车以Vo=22m/s的恒定
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